Django ImageField ändert den Dateinamen beim Hochladen

Beim speichern mir das Modell "Produkte", ich möchte das hochgeladene Bild mit demselben Namen wie die pk für Beispiel 22.png oder 34.gif ich will nicht zu ändern Sie das format des Bildes, nur der name. Wie kann das getan werden? Beispiel mein Modell so weit unten...

image = models.ImageField(
        upload_to="profiles",
        height_field="image_height",
        width_field="image_width",
        null=True,
        blank=True,
        editable=True,
        help_text="Profile Picture",
        verbose_name="Profile Picture"
    )
    image_height = models.PositiveIntegerField(null=True, blank=True, editable=False, default="100")
    image_width = models.PositiveIntegerField(null=True, blank=True, editable=False, default="100")

InformationsquelleAutor der Frage jason | 2013-02-28

  1. 57

    Übergeben Sie eine Funktion in upload_to Feld:

    def f(instance, filename):
    ext = filename.split('.')[-1]
    if instance.pk:
        return '{}.{}'.format(instance.pk, ext)
    else:
        pass
        # do something if pk is not there yet

    Meine Vorschläge wären um gibt einen zufälligen Dateinamen statt {pk}.{ext}. Als bonus, es wird auch sicherer.

    Was passiert, ist, dass Django wird diese Funktion aufrufen, um zu bestimmen, wo die Datei hochgeladen werden soll. Das bedeutet, dass Ihre Funktion ist verantwortlich für die Rücksendung der ganze Pfad der Datei, einschließlich des Dateinamens. Unten ist die geänderte Funktion, wo Sie können angeben, wo upload und wie Sie es verwenden:

    import os
from uuid import uuid4

def path_and_rename(path):
    def wrapper(instance, filename):
        ext = filename.split('.')[-1]
        # get filename
        if instance.pk:
            filename = '{}.{}'.format(instance.pk, ext)
        else:
            # set filename as random string
            filename = '{}.{}'.format(uuid4().hex, ext)
        # return the whole path to the file
        return os.path.join(path, filename)
    return wrapper

FileField(upload_to=path_and_rename('upload/here/'), ...)

    InformationsquelleAutor der Antwort miki725

  2. 16

    Django 1.7 und neuere nicht-migration mit Funktion wie diese. Basierend auf der Antwort von @miki275 und diese ticket, Sie brauchen, um Ihre Funktion wie folgt:

    import os
from uuid import uuid4
from django.utils.deconstruct import deconstructible

@deconstructible
class UploadToPathAndRename(object):

    def __init__(self, path):
        self.sub_path = path

    def __call__(self, instance, filename):
        ext = filename.split('.')[-1]
        # get filename
        if instance.pk:
            filename = '{}.{}'.format(instance.pk, ext)
        else:
            # set filename as random string
            filename = '{}.{}'.format(uuid4().hex, ext)
        # return the whole path to the file
        return os.path.join(self.sub_path, filename)

FileField(upload_to=UploadToPathAndRename(os.path.join(MEDIA_ROOT, 'upload', 'here'), ...)

    InformationsquelleAutor der Antwort bmiljevic

  3. 5

    Können Sie ersetzen Sie die Zeichenfolge Ihrer Zuordnung zu upload_to mit einem callable, wie beschrieben in der docs. Ich vermute aber, der primary key ist möglicherweise nicht verfügbar, an der Stelle, die upload_to parameter verwendet wird.

    InformationsquelleAutor der Antwort Aidan Ewen

  4. 0

    Andere Möglichkeit, als nach dieser Antwort https://stackoverflow.com/a/15141228/3445802fanden wir das Problem, wenn wir Sie brauchen Rückweg mit %Y/%m/%d Beispiel:

    FileField(upload_to=path_and_rename('upload/here/%Y/%m/%d'), ...)

    so handhaben wir es mit dieser:

    FileField(upload_to=path_and_rename('upload/here/{}'.format(time.strftime("%Y/%m/%d"))), ...)

    Makesure das Modul time importiert wurde.

    InformationsquelleAutor der Antwort agaust

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