Ein Bild aus einer Datenbank mittels PHP

ersten mal mit stack-überlauf.

Ich habe den folgenden Teil 2 youtube tutorial über das hochladen/speichern ein Bild in einer MYSQL-Datenbank. Ich habe die Anweisungen befolgt, aber mein Bild wird nicht angezeigt bei mir. Ich benutze connect.php die Verbindung zu der Datenbank, das scheint einwandfrei zu funktionieren. Es scheint, das problem ist mit get.php als wenn ich testen echo keine Bilder von ihm bekomme ich immer noch kein Bild.
verwendet phpmyadmin um die Datenbank zu erstellen und bin mit xampp.

hier ist der link zu dem youtube-tutorials

http://www.youtube.com/watch?v=CxY3FR9doHI

http://www.youtube.com/watch?v=vFZfJZ_WNC4&feature=fvwrel

Enthalten sind die Dateien

<html>
<head>
    <title>Upload an image</title>
</head>
<body>

<form action="index.php" method="POST" enctype="multipart/form-data">
    File:   
<input type="file" name="image"> <input type="submit" value="Upload">
</form>

<?php

include 'connect.php';



//file properties
$file = $_FILES['image']['tmp_name'];

if(!isset($file))
    echo "Please select an image.";
else{

    $image = addslashes(file_get_contents($_FILES['image']['tmp_name']));
    $image_name=addslashes($_FILES['image']['name']);
    $image_size = getimagesize($_FILES['image']['tmp_name']);

    if ($image_size==FALSE)
        echo "That's not an image.";
    else{
            if(!$insert = mysql_query("INSERT INTO store       VALUES('','$image_name','$image')"))
        echo"Problem uploading image";
    else{
        $lastid = mysql_insert_id();

        echo "image uploaded.<p />your image:<p /><img src=get.php?id=$lastid>";
        }
    }
}

?>
</body>
</html>

Hier get.php

<?php
include 'connect.php';

$id=stripslashes($_REQUEST('id'));
$image = mysql_query("SELECT * FROM store WHERE id=$id");
$image = mysql_fetch_assoc($image);
$image=$image('image');

header("content-type: image/jpeg");


?>

Und schließlich verbinden

<?php
//connect to database

$db_host="localhost";
$db_username="root";
$db_pass="";
$db_name="test";

@mysql_connect("$db_host","$db_username","$db_pass") or die("Could not connect to      mysql");
mysql_select_db("$db_name")or die("Cant find database");

?>
  • Ich sehe, dass du bist suprsessing Fehler an mindestens einer Stelle (der @ - symbol). Sind Sie auf der überprüfung der Rückgabewerte bei allen? Überprüfen Sie Ihr Fehlerprotokoll?
  • $_REQUEST('id') sollte $_REQUEST['id'] sowie
  • +1 für eine gute erste Frage, die enthalten alle relevanten code und mit einer guten Menge an Informationen.
InformationsquelleAutor user773356 | 2011-05-27
  1. 4

    Ihre get.php nicht echo $image.

    Auch $image=$image('image'); sollte $image=$image['image'];, und $_REQUEST('id') sollte $_REQUEST['id'].

    P. S. nicht verwenden addslashes zur Vorbeugung gegen SQL-Injektionen. Verwenden mysql_real_escape_string.

    InformationsquelleAutor Rocket Hazmat
  2. 1

    Du nie echo werden die Bilddaten in get.php so servieren Sie sehen eine leere 0-byte-Bild.

    InformationsquelleAutor Peter Stone
  3. 1

    Ihnen fehlt eine Zeile nach der Kopfzeile Ausgabe

    header("content-type: image/jpeg");
echo $image;
    InformationsquelleAutor Matt.C
  4. 0

    Sehr schnellen Blick, in get.php ändern:

    $image=$image('image');

    zu

    $image=$image['image'];

    mysql_fetch_assoc() konvertiert die Ergebnisse in ein array.

    • -1 Es gibt genug code, um zu rechtfertigen, mehr als ein "kurzer Blick", wenn das alles ist, die Zeit, die Sie erübrigen können, warum dann die Frage beantworten?
    InformationsquelleAutor Richard Parnaby-King
  5. 0

    Du besser bas64_encoding eine Decodierung, die Weise, die keine ansi-chars nicht erstellen ein problem.

    base64_encode(file_get_contents($_FILES['image']['tmp_name']));

    Dies ist falsch, wie array [] nicht ()
    include 'connect.php';

    $id=stripslashes($_REQUEST('id'));
$image = mysql_query("SELECT * FROM store WHERE id=$id");
$image = mysql_fetch_assoc($image);
$image=$image['image'];

header("content-type: image/jpeg");
echo base64_decode($image);
    InformationsquelleAutor Barkermn01
  6. -2

    Stück code, den ich verwenden, in eine site von mir:

    <?php
ob_start();
require_once("db.php.lib");

DBLogin();
$sql = "select pic_user_id, pic_full_data as bindata, pic_full_mime as mime, pic_full_size as size from pics where pic_name = '".urldecode($_GET["pic_name"])."'";

$result = DBExec($sql);
if ($result)
{
  $row = DBGetNextRow($result);
  if ($row)
  {
    header("Content-type: ".$row["mime"]);
    header("Content-length: ".$row["size"]);
    ob_clean();
    echo $row["bindata"];
    ob_end_flush();
  }
}
?>

    Sieht es aus wie Sie gehen, die aktuelle Ausgabe der Bild-Daten, und die Länge, die erforderlich sein könnten, die von einigen Browsern...

    • Sorry, aber wie hilft es dem Benutzer, das bedeutet ihm nichts, wenn er hat seinen ganz unterschiedlichen
    InformationsquelleAutor arpieb
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