MVC4-Pass-Modell via Ajax.BeginForm

Ich habe versucht zu Folgen, einige gute Beiträge hier, um diese zu arbeiten, aber jedes mal, wenn ich auf die ajax-postback der Pause, in der mein controller zeigt ein Modell mit null-Werten. Diese Seite zeigt Modell Werte nur für die Anzeige, aber ich habe versucht, Sie in Ihre eigene form und auch das einwickeln von Ihnen in der ajax-form, und nichts scheint zu funktionieren.

@model VendorProfileIntranet.Models.VendorProfile

$(function () {
$("form").submit(function () {
    if ($(this).valid()) {
        $.ajax({
            url: this.action,
            type: this.method,
            data: $(this).serialize(),
            success: function (result) {
                $("#message").html(result);
            }
        });
    }
    return false;
});

});

    @using (Ajax.BeginForm("SelectVendor", "Home", new AjaxOptions { HttpMethod="post", InsertionMode=InsertionMode.Replace, UpdateTargetId="message" }))
{
    <div style="float:right; width:500px">
        <div id="message"></div>
        <input id="btnSubmit" type="submit" value="Select Vendor" />
    </div>

Die Aussicht ist wirklich lang (zeigt nur Modell Werte für die Anzeige) hier abgekürzt.

<div id="viewform">
    <div id="viewform-contact" style="float:left;">
    <fieldset>
        <legend>Contact Information</legend>
        @Html.HiddenFor(model => model.ProfileID)
        <div class="view-field">
            @Html.LabelFor(model => model.Name)
            @Html.DisplayFor(model => model.Name)
        </div>
        <br />
        <div class="view-field">
            @Html.LabelFor(model => model.Email)
            @Html.DisplayFor(model => model.Email)
        </div>
        <br />
        <div class="view-field">
            @Html.LabelFor(model => model.Phone)
            @Html.DisplayFor(model => model.Phone)
        </div>
        <br />
        <div class="view-field">
            @Html.LabelFor(model => model.Website)
            @Html.DisplayFor(model => model.Website)
        </div>
        <br />
        <div class="view-field">
            @Html.LabelFor(model => model.CompanyName)
            @Html.DisplayFor(model => model.CompanyName)
        </div>
        <br />
        <div class="view-field">
            @Html.LabelFor(model => model.Address1)
            @Html.DisplayFor(model => model.Address1)
        </div>
        <br />
        <div class="view-field">
            @Html.LabelFor(model => model.Address2)&nbsp;
            @Html.DisplayFor(model => model.Address2)
        </div>
        <br />
        <div class="view-field">
            @Html.LabelFor(model => model.City)
            @Html.DisplayFor(model => model.City)
        </div>
        <br />
        <div class="view-field">
            @Html.LabelFor(model => model.State)
            @Html.DisplayFor(model => model.State)
        </div>
        <br />
        <div class="view-field">
            @Html.LabelFor(model => model.Zip)
            @Html.DisplayFor(model => model.Zip)
        </div>
        <br />
        <div class="view-fieldwide">
            @Html.LabelFor(model => model.VendorNotes)
        </div>
        <br />
        <div class="view-fieldwide">
            @Html.DisplayFor(model => model.VendorNotes)
        </div>
        <br /><br />
        </fieldset>
    </div>
}

Controller. Ich habe versucht, die oben in ein oder zwei Formen. Mit dem obigen code das Modell enthält alle leeren Werte mit Ausnahme der ProfileID, die ausgestopft in einem versteckten input-Feld. Ich glaube, übergeben das Modell funktionieren sollte, ohne dass Sie ein verstecktes Feld für jedes Modell Wert?

[HttpPost]
        public ActionResult SelectVendor(VendorProfile pageModel)
    {
        //handle selected vendor
            _DAL.SelectVendor(pageModel.ProfileID);
            return Content("This Vendor has been selected", "text/html");
    }

ANTWORT

Modell Werte sind nicht gebunden durch die Verwendung von DisplayFor

InformationsquelleAutor SQLGrinder | 2013-03-15