Tag: django-admin
Django eingebauten, automatischen admin-interface (django.contrib.admin), das Teil des Django Web-framework für die Programmiersprache Python.
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Habe ich drei Objekte: Thing some fields Bucket things = models.ManyToManyField(Thing) User buckets = models.ManyToManyField(Bucket) things = models.ManyToManyField(Thing) Beim Bearbeiten meiner "Bucket" - Feld in der admin, ich möchte in der Lage sein wählen Sie die Dinge,
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Habe ich eine Stadt Fremdschlüssel von BusinessBranch Modell. Meine Stadt-Modell hat auch ein Bundesland und Land, die Fremdschlüssel für Staats-und County-Modelle. Ich habe harte Zeit der Anzeige von Staat und Land dropdown-Menüs in meinem BusinessBranchInline. Was wäre
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Ist es möglich, erstellen Sie eine benutzerdefinierte admin-Aktion für die django-admin nicht erforderlich ist, ist die Auswahl einiger Objekte, um es zu laufen? Wenn Sie versuchen, führen Sie eine Aktion auswählen, ohne Objekte, erhalten Sie die Meldung:
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Ich würde gerne zeigen das Modell der Benutzername im Django-Admin-Oberfläche, aber nicht sehr sicher, wie Sie es tun.. The models.py: class Adult(models.Model): user = models.OneToOneField(User) fullname = models.CharField(max_length=100, blank=True) def __unicode__(self): return self.user.username Admin.py: class AdultAdmin(admin.ModelAdmin): list_display
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Habe ich ein Event-Modell, das ich aufgeben möchten, folgende Gültigkeitsregel auf, die in einem benutzerdefinierten def clean(self): Methode auf das Modell: def clean(self): from django.core.exceptions import ValidationError if self.end_date is not None and self.start_date is not None:
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Ich weiß, dass ich es schon geschafft, dies zu tun, aber kann mich nicht erinnern, wie noch ich finde keine Dokumentation über dieses.. Wie kann ein filter angewendet werden standardmäßig auf einem Objekt Listen-Ansicht im admin ?
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Versuchte ich folgenden Code mit Hilfe der django.contrib.auth.Benutzer und django.contrib.auth.Gruppe for g in request.user.groups: l.append(g.name) Aber das ist fehlgeschlagen, und ich erhielt folgende Fehler: TypeError at / 'ManyRelatedManager' object is not iterable Request Method: GET Request URL:
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Meine app-Benutzer, die Seiten erstellen. In der Seite Bildschirm des admin, würde ich mag, um eine Liste der Benutzer, der die Seite erstellt, und in dieser Liste, ich würde gerne den Benutzernamen auf einen link, der geht
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Ich habe versucht, benutzerdefinierte templates für die admin-Seite für Django arbeiten, haben aber bisher erfolglos. Ich habe gelesen, die django-Dokumentation und mehrere blogs, die erklären, dass es so einfacher Schritt, ich vermutete es war. Ab jetzt die
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Gibt es eine Möglichkeit zu sagen, django, dass ein Modell mit einem contenttypes GenericForeignKey kann nur auf Modelle aus einer vordefinierten Liste? Zum Beispiel habe ich 4 Modelle: A -, B -, C -, D-und a-Modell X,
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Dies ist komisch: habe ich installiert und konfiguriert django-tinymce-Editor, aber es scheint nicht zu funktionieren mit dem django-admin. diese funktioniert einwandfrei mit Safari: class ArticleAdmin(admin.ModelAdmin): formfield_overrides = { models.TextField: {'widget': TinyMCE(attrs={'cols': 80, 'rows': 20}, )}, } aber
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Frage mich, ob es eine einfache Möglichkeit zum hinzufügen von Funktionalität zu duplizieren Sie einen bestehenden Eintrag in der admin-Oberfläche? In der Dateneingabe, die wir haben, laufen Sie in eine situation, wo eine Menge von Elementen teilen
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Eines meiner Modelle ist besonders Komplex. Wenn ich versuche, es zu Bearbeiten, die in Django-Admin-es führt 1042 Abfragen und dauert über 9 Sekunden, um zu verarbeiten. Ich weiß, ich kann ersetzen, ein paar von den drop-downs mit
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Baue ich eine einfache kurz-URL-Dienst, ala bitly, für unsere Firma verwenden. Und ich möchte mit mongodb zur Speicherung der Daten, aber ich muss eine Art von einfache Schnittstelle zum hinzufügen/Bearbeiten von kurz-URLs zu lange url-mappings. Den mongo-Dokumenten
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In der Django-Dokumentation, wo ist die definitive Liste der Meta Optionen für django.forms.models.ModelForm? (z.B. model, exclude, fields, widgets) ich bin auf der Suche nach den Gegenwert von Modell-Meta-Optionen. docs.djangoproject.com/en/dev/topics/forms/modelforms Danke @catherine. Ich sah, dass eine Seite, aber
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Habe ich bereits definiert eine benutzerdefinierte admin-Aktion für mein Modell, das funktioniert perfekt, wie erwartet. Ich sah auch mehrere Möglichkeiten zum hinzufügen einer Schaltfläche zu admin ändern Formular-Seite hier auf SO. Nur Schritt, ich bin fehlt, ist,
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Ich hab das problem bereits gelöst zu bekommen, die Objekt-id bearbeitet wird, mit diesem code: class CompanyUserInline(admin.StackedInline): """ Defines tabular rules for editing company users direct in company admin """ model = CompanyUser def formfield_for_foreignkey(self, db_field, request,
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Brauche ich die Django-Admin-interface zu akzeptieren administrator uploads von Excel-Dateien, in denen die Daten in jedes Excel-Datei ist eingefügt in meine Datenbank-Modelle. Wie kann ich so einen "Upload" - Taste, erscheinen auf einer Django-Modell-admin-Seite, wo Sie die-Taste,
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Habe ich versucht, hinzuzufügen Suchfelder in Django mit python. Followings sind die codes, die ich verwendet habe. # admin.py file from django.db import models from blog.models import Blog from django.contrib import admin admin.site.register(Blog) class Blog(models.Model): title =
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Wie kann ich passiere ein initialer Wert für ein Feld in einem Modell bilden. Ich habe so etwas wie den folgenden code class ScreeningForm(forms.ModelForm): class Meta: model = Screening def __init__(self, *args, **kwargs): super(ScreeningForm, self).__init__(*args, **kwargs) self.fields['blood_screen_type']
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Habe ich eine app namens doors und meine models.py für die app hat 10 Tabellen/Klassen. Unter meinem admin.py, wie registriere ich jedes Modell in der Datei models.py? Aktuell zum Beispiel habe ich zu fest es: from django.contrib
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Habe ich noch die Meta-Klasse in meinem Modell und synchronisiert die DB dann erstellt ein Objekt in der shell es gibt false zurück, so kann ich wirklich nicht verstehen, wo ist der Fehler oder was fehlt, gibt
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Ich Frage mich, ob es ist ein Weg, um die macht der Django-Admin-Filterung/Bestellung/umbrechen/Suchfunktionen in eine normale Ansicht. Was ich meine ist, dass ich ein Modell haben, sind einige Felder auf Sie. Ich würde gerne eine "Suche" -
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Beginnen möchte ich neues django-Projekt in bereits vorhandene Ordner und offensichtlich bekommen CommandError: '/home/user/projectfolder' already exists. Gibt es eine Möglichkeit zu zwingen, startproject Befehl zum erstellen des Projekts in einen bestehenden Ordner? Ich habe einige wichtige Daten
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hab ich folgende Ordner Struktur src\BAT\templates\admin\base.html src\BAT\media\base.css src\BAT\media\admin-media\base.css settings.py MEDIA_ROOT = os.path.join( APP_DIR, 'media' ) MEDIA_URL = '/media/' ADMIN_MEDIA_PREFIX = '/admin-media/' TEMPLATE_DIRS = ( os.path.join( APP_DIR, 'templates' ) ) INSTALLED_APPS = ( 'django.contrib.auth', 'django.contrib.contenttypes', 'django.contrib.sessions', 'django.contrib.sites', 'django.contrib.messages',
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Nach der Aktivierung des administrator-interface und ab der Entwicklung web-server, z.B. auf 128.0.0.1:8000, ich bin in der Lage, erreichen das admin-interface auf 128.0.0.1:8000/admin. Offensichtlich durch die folgende URL-namespace url(r'^admin/', include(admin.site.urls)). Was muss ich tun umleiten von Anfragen
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Habe ich eine django-app, die ich bin erfolgreich deplying auf heroku. Wenn ich die dry-run die collectstatic Befehl lokal funktioniert alles einwandfrei. python manage.py collectstatic --dry-run --noinput .... Pretending to copy '/Users/hari/.virtualenvs/bsc2/lib/python2.7/site-packages/django/contrib/admin/static/admin/js/admin/ordering.js' Pretending to copy '/Users/hari/.virtualenvs/bsc2/lib/python2.7/site-packages/django/contrib/admin/static/admin/js/admin/RelatedObjectLookups.js' 71
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Ich versuche, ModelAdmin.filter_horizontal und ModelAdmin.filter_vertical für ManyToMany Feld anstelle von " select multiple box, aber alles was ich bekomme ist: Mein Modell: class Title(models.Model): #... production_companies = models.ManyToManyField(Company, verbose_name="компании-производители") #... Meine admin: class TitleAdmin(admin.ModelAdmin): prepopulated_fields = {"slug":
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Habe ich schon viel gelesen, aber ich bin anscheinend nicht in der Lage sein, um herauszufinden, eine Lösung für dieses. Bin ich eine Anwendung schreiben, die in Django, ich Schreibe immer noch die admin Seite. Habe ich
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Möchte ich hinzufügen, ein benutzerdefiniertes Modell-Methode, um den admin-filter, aber es funktioniert nicht. Beispiel Foo: class Foo(models.Model): number = models.IntegerField() def big_enough(self): return self.number > 99 nun im admin-panel: class FooAdmin(admin.ModelAdmin): list_filter = ('number', 'big_enough') Ausfällt, bekomme
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Gibt es eine Möglichkeit zum automatischen erstellen von Daten für django-Modell? Also habe ich ein Modell entwickelt, mit Entscheidungen, text-Felder, foreign keys, und alles. Gibt es eine automatische Methode, um mit Daten füllen? Ich weiß nicht wirklich,
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Habe ich eine Django-problem, die nur gelegentlich Probleme bei der Suche nach Vorlagen. Es läuft gut für Stunden, und dann plötzlich nicht in der Lage sein zu dienen bestimmte Vorlagen. Gelegentlich wird sich das problem von selbst
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Habe ich ein Modell a mit einem ForeignKey zu einem Modell B. Im Django admin, wie kann ich einen link in der admin-Seite des Modells neben der ForeignKey-Feld, öffnen Sie die admin-Seite des Modell B ? InformationsquelleAutor
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In meiner Umsetzung ModelForm, ich möchte zum ausführen verschiedener Arten von Prüfungen auf der Grundlage, ob Aktueller Benutzer ist superuser. Wie kann ich Zugriff auf den aktuellen Benutzer anfordern? InformationsquelleAutor zer0stimulus | 2011-09-04
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So entfernen Sie die Standard-Aktion löschen im Django admin? Würde das folgende funktionieren? actions = [ ] Für die, die Sie verwenden können Gruppen und Berechtigungen im django admin. InformationsquelleAutor Dawn T Cherian | 2015-12-08
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Habe ich Hinzugefügt ein neues Modell auf mein admin. Dies ist mein models.py: class EngineeringToolAttributeType(models.Model): name = models.CharField(max_length=50) description = models.CharField(max_length=255, blank=True, null=True) api_url = models.CharField(max_length=255, blank=True, null=True) api_field = models.CharField(max_length=50, blank=True, null=True) active = models.BooleanField(default=True) def
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Ich benutze die django-admin für die Aktualisierung verschiedener Daten auf die MySQL-Datenbank. Ich benutze die basic-django admin für diese. Beim eingeben von neuen Daten, ich möchte in der Lage sein, es zu haben, damit die Menschen können
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Mit "fieldsets" Sie können es, zusammenklappbar, durch die Angabe der CSS-Klasse "collapse". Wie tun Sie das gleiche mit "inlines"? Danke! InformationsquelleAutor Edwin Yip | 2010-05-07
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Ich bin einrichten die admin-Seite, so dass ich möglicherweise in der Lage, es zu benutzen, um Daten hinzuzufügen, werden die Spieler in diesem Fall. Wenn Sie gehen und versuchen zu registrieren, der Spieler-Klasse in admin.py Sie erhalten
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Ich habe eine arbeiten django-admin benutzerdefinierten Befehl, den ich verwenden, um zu füllen meine Datenbank mit neuen Informationen. Wieder alles funktioniert. Allerdings habe ich jetzt geändert, meine Modelle und Funktion leicht zu akzeptieren, zwei Argumente als Tupel
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Habe ich Probleme mit ManytoMany Beziehungen, die nicht aktualisieren in einem Modell, wenn ich es speichern (über den admin) und versuchen, den neuen Wert innerhalb eines Funktion beigefügt, um die post_save - signal oder innerhalb der save_model
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Wollte ich zeigen mehrere Möglichkeiten, um admin so, dass auf einmal, er kann wählen Sie dann eine der folgenden Optionen. Ich kann dies tun, indem Sie die Kontrollkästchen-Felder.Ich habe dies ausprobiert, aber anstatt zu zeigen, Kontrollkästchen zeigt
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Ich bin neu in Django und ich bin auf der Suche nach dem Django-Admin-date-picker widget. Ich Suche aber bekam keine Ergebnisse. Könnte mir jemand helfen, es auf das Projekt an dem ich arbeite? Habe ich ein datetimefield
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Ich habe gerade angefangen zu lernen, Django und folgte Ihr tutorial auf das schreiben. Ich habe versucht, die website drei mal, jedes mal wurde ich begrüßt mit dem gleichen Fehler (in der überschrift). Wieder, folgte Ihrem offiziellen
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1) Wenn ich neues Element hinzufügen im django-admin-Website, die alle Kontrollkästchen auf true gesetzt sind, auch wenn default auf false festgelegt ist. 2), Wenn ich nicht berühren Sie eine beliebige von Ihnen und das Element speichern, wenn
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Ok, ich bin versucht, etwas zu tun, das sollte sehr einfach sein, in meinem Geist, aber ich bin wahrscheinlich fehlen einige SQL-oder django-admin-Kenntnisse, um es zu bekommen. Sagen, ich habe ein einfaches Modell wie class Book(models.Model): title
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Definierte ich mehrere Modelle: Zeitschriften, Bände, volume_scanInfo etc. Einer Zeitschrift kann mehr Volumen und Lautstärke können mehr scanInfo. Was ich tun will ist: in der admin-Seite der Zeitschriften möchte ich die Liste der volumes inline (fertig) verbinden
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Immer folgende Fehlermeldung, wenn Sie versuchen, einfügen von Werten aus dem django-admin-screen - Unsafe statement written to the binary log using statement format since BINLOG_FORMAT = STATEMENT. Statement is unsafe because it accesses a non-transactional table after
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Beim erstellen einer Instanz eines Modells mit einem BooleanField my_boolean_field mit einem default eingestellt True bekomme ich einen Fehler: my_boolean_field is required Sollte es nicht auf den Standardwert festgelegt? models.py class MyModel(User): my_boolean_field = models.BooleanField(default=False) admin.py class
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Habe ich ein einfaches Django-app. Ich habe ein Modell "Besucher". Mein Ziel ist es, zwei Tabellen angezeigt, in der Django-admin. Mit all der Besucher und man nur mit diesen für heute. Bekam ich alles mit dem folgenden