Benutzerdefinierte Django 404 Fehler

Habe ich eine 404.html Seite, aber in einigen Fällen möchte ich in der Lage sein senden Sie eine json-Fehlermeldung (für 404 und 500, etc.). Ich Lesen Sie die folgende Seite:

https://docs.djangoproject.com/en/dev/topics/http/views/#the-404-page-not-found-view

Gibt es eine Art Beispiel zeigt, dass die Umsetzung? Ich habe es in meinem urls.py aber es ist nicht abgeholt wird, die im Falle eines Fehlers.

InformationsquelleAutor KVISH | 2012-07-03
  1. 16

    Dieser arbeitete für mich:

    from django.conf.urls import patterns, include, url
from django.views.static import * 
from django.conf import settings
from django.conf.urls.defaults import handler404, handler500
from app.views import error

urlpatterns = patterns('',
    # Examples:
    # url(r'^$', 'app.views.home', name='home'),
)

handler404 = error.error_handler
handler500 = error.error_handler

    Können Sie es tun alles, wie Sie wollen, wenn man zu diesem controller.

    InformationsquelleAutor KVISH
  2. 12

    Zusätzlich zu den bisherigen zu beantworten, ist es wichtig zu sagen, dass die views.py sollte die Rückkehr einer HttpResponse mit einem 404 status im http-header. Es ist wichtig zu informieren, dass Suchmaschinen die aktuelle Seite ist 404. Spammer manchmal erzeugt eine Menge von urls, die vorkommen könnte, dass würde führen Sie zu einem Platz, aber dann dient Sie einem anderen Inhalt. Sie Häufig viele verschiedene Adressen dienen Sie fast die exakt gleichen Inhalt. Und weil es nicht benutzerfreundlich ist, die meisten SEO-guide lines-zu bestrafen, dass. Also, wenn Sie viele Adressen, die mit der gleichen pseudo-404-Inhalt, es könnte nicht gut Aussehen, um den crawling-Systeme von der Suche websites. Da von, dass Sie wollen, stellen Sie sicher, dass die Seite, die Sie dienen als eine benutzerdefinierte 404 hat einen 404-status. Hier ist es also ein guter Weg zu gehen:

    In Ihrer Anwendung urls.py hinzufügen:

    # Imports
from django.conf.urls.static import static
from django.conf.urls import handler404
from django.conf.urls import patterns, include, url
from yourapplication import views

##
# Handles the URLS calls
urlpatterns = patterns('',
    # url(r'^$', include('app.homepage.urls')),
)

handler404 = views.error404

    In Ihrer Anwendung views.py hinzufügen:

    # Imports
from django.shortcuts import render
from django.http import HttpResponse
from django.template import Context, loader


##
# Handle 404 Errors
# @param request WSGIRequest list with all HTTP Request
def error404(request):

    # 1. Load models for this view
    #from idgsupply.models import My404Method

    # 2. Generate Content for this view
    template = loader.get_template('404.htm')
    context = Context({
        'message': 'All: %s' % request,
        })

    # 3. Return Template for this view + Data
    return HttpResponse(content=template.render(context), content_type='text/html; charset=utf-8', status=404)

    Das Geheimnis liegt in der letzten Zeile: status=404

    Hoffe, es half!

    Ich freue mich zu sehen, die Gemeinschaft Eingänge zu diesem Ansatz. =)

    • Ich bekomme "cannot import name views" beim schreiben "von app1-import-sichten" in "views.py". Mein app name ist "app1"
    • Anwendung urls.py bedeutet: Wenn Sie ein Projekt haben website und eine app blog. Dann sollten Sie handler404 im website.urls.py nicht blog.urls.py
    InformationsquelleAutor Fabio Nolasco
  3. 6

    Grundlagen:

    Definieren benutzerdefinierte Ansicht für das handling von 404 Fehlern, definieren Sie in der URL-config, eine Ansicht für handler404, wie handler404 = 'views.error404'

    Abgesehen von den Grundlagen, einige Dinge zu beachten, über (benutzerdefinierte 404 views):

    1. Es werden nur aktiviert, in Debug=False - Modus.

    2. Und mehr ignoriert, eine, über die meisten Antworten (und dieser steckte mein Gehirn aus).

      404 view standardmäßig

      django.views.defaults.page_not_found(request, exception, template_name='404.html')

      Beachten Sie die parameter exception

      War dies verursacht einen 404-500-Weiterleitung von innerhalb def get_exception_response(self, request, resolver, status_code, exception) definierte Funktion core.handlers.base da er nicht finden konnte, die parameter exception

    • +1 für die Erwähnung Debug = False. Ich konnte nicht finden, dass dies in anderen SO Antworten. Diese variable sollte gesetzt werden, mit Hilfe von Umgebungsvariablen und retrived als bool(os.getenv("DEBUG"))
    InformationsquelleAutor Gaurav Toshniwal
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