"Notice: Undefined variable", "Notice: Undefined index", und "Notice: Undefined offset" mit PHP

Bin ich mit einem PHP-Skript, und weiterhin Fehlermeldungen erhalten wie:

Notice: Undefined variable: my_variable_name in C:\wamp\www\mypath\index.php in Zeile 10

Notice: Undefined index: my_index C:\wamp\www\mypath\index.php in Zeile 11

Linie 10 und 11 sieht wie folgt aus:

echo "My variable value is: " . $my_variable_name;
echo "My index value is: " . $my_array["my_index"];

Was bedeuten diese Fehlermeldungen?

Warum entstehen plötzlich? Ich verwendet, um dieses Skript verwenden, für Jahre und ich habe nie ein problem gehabt.

Wie kann ich Sie beheben?

Dies ist eine Allgemeine Referenz zu Frage für die Menschen zu verknüpfen, um so zu duplizieren, anstatt zu erklären, die Frage über und über wieder. Ich glaube, das ist notwendig, weil die meisten real-Welt-Antworten auf diese Frage sind sehr spezifisch.

Zugehörigen Meta-Diskussion:

Was kann getan werden, über wiederholende Fragen?

Tun "Referenz Fragen, die" Sinn machen?

mögliche Duplikate von "Referenz" - Was bedeutet dieser Fehler bedeutet in der PHP -?
die variable might not have been initialized. Sind Sie initialisieren der Variablen aus einem post-oder get-oder ein array? Wenn das der Fall ist, verfügen Sie möglicherweise nicht über ein Feld im array. Dass Ihr Zugriff auf.
Ich bemerkte das Bearbeiten-hinzufügen "und "Notice: Undefined offset"" - Wäre es nicht sinnvoller mit "PHP: "Undefined variable", "Undefined index", "Undefined offset" Hinweise" (sogar die PHP, da es markiert ist "php". Plus, die URL wird abgeschnitten and-notice-undef, nur ein Vorschlag, so dass die URL nicht cut-off. Vielleicht sogar das entfernen des (zu viele) Zitate. Oder PHP: “Undefined variable/index/offset” notices
Ich denke, ein argument kann gemacht werden für beide Varianten. Es gibt eine chance, dass Neulinge geben wird die gesamte Zeile, einschließlich des "Bemerkt:" in Ihre such-Abfrage, die ich bin sicher, dass ist der wichtigste traffic-generator für diese Frage. Wenn die Nachrichten sind, das ist wahrscheinlich zur Verbesserung der Sichtbarkeit in den Suchmaschinen
Ich verstehe. Ich meinte nur, weil die URL nicht abgeschnitten werden, bevor und jetzt ist es nicht an der and-notice-undef. Es war nur ein (paar) Anregung(en). Es wiederholt sich nur auch Notice: Undefined.

InformationsquelleAutor |

987

Notice: Undefined variable

Vom großen Weisheit der PHP-Handbuch:

Unter Berufung auf den Standardwert einer nicht initialisierten variable ist problematisch, im Falle der Einbeziehung einer Datei in eine andere, die verwendet die gleichen Variablen-Namen. Es ist auch eine große Sicherheit Risiko mit register_globals eingeschaltet. E_NOTICE - level-Fehler ausgegeben wird, im Fall von nicht initialisierten Variablen, jedoch nicht im Fall der Elemente anfügen, um das nicht initialisierte array. isset() Sprache-Konstrukt kann verwendet werden, um zu erkennen, ob eine variable bereits initialisiert wurde. Zusätzlich-und ideal ist die Lösung von empty(), da es nicht eine Warnung oder Fehlermeldung, wenn die variable nicht initialisiert.

Vom In der PHP-Dokumentation:

Wird keine Warnung generiert, wenn die variable nicht existiert. Das bedeutet, dass
empty() ist im wesentlichen die prägnante entspricht !isset($var) || $var
== false.

Dies bedeutet, dass Sie nur empty() um zu bestimmen, ob die variable gesetzt ist, und darüber hinaus überprüft die variable gegen die folgenden, 0, 0.0, "", "0", null, false oder [].

Beispiel:
```
$o = [];
@$var = ["",0,null,1,2,3,$foo,$o['myIndex']];
array_walk($var, function($v) {
    echo (!isset($v) || $v == false) ? 'true ' : 'false';
    echo ' ' . (empty($v) ? 'true' : 'false');
    echo "\n";
});
```
Testen Sie das obige snippet in den 3v4l.org online-PHP-editor

Obwohl PHP nicht erforderlich, eine Variablendeklaration, es tut es empfehlen, um zu vermeiden, dass einige Sicherheitslücken oder bugs, wo man vergessen würde zu geben, einen Wert zu einer variable, die verwendet wird später im Skript. Was PHP tut, im Fall von nicht deklarierten Variablen ist die Ausgabe ein sehr low-level-Fehler, E_NOTICE, eine, die sich auch nicht gemeldet standardmäßig, aber das Handbuch berät zu ermöglichen während der Entwicklung.

Möglichkeiten, sich mit dem Thema:
1. Empfohlen: Deklarieren Sie Ihre Variablen, zum Beispiel, wenn Sie versuchen, eine Zeichenfolge angefügt an eine Undefinierte variable. Oder verwenden Sie isset() /!empty() um zu überprüfen, ob Sie deklariert sind, bevor referenzieren, wie in:
```
//Initializing variable
$value = ""; //Initialization value; Examples
             //"" When you want to append stuff later
             //0  When you want to add numbers later
//isset()
$value = isset($_POST['value']) ? $_POST['value'] : '';
//empty()
$value = !empty($_POST['value']) ? $_POST['value'] : '';
```
  Diese geworden, viel sauberer als PHP-7.0, jetzt können Sie die null coalesce operator:
```
//Null coalesce operator - No need to explicitly initialize the variable.
$value = $_POST['value'] ?? '';
```
2. Legen Sie eine custom error handler für die E_NOTICE-Warnung, und leiten Sie die Nachrichten, die sich von der standard-Ausgabe (vielleicht in einer log-Datei):
```
set_error_handler('myHandlerForMinorErrors', E_NOTICE | E_STRICT)
```
3. Deaktivieren E_NOTICE aus der Berichterstattung. Ein schneller Weg, um auszuschließen, nur E_NOTICE ist:
```
error_reporting( error_reporting() & ~E_NOTICE )
```
4. Unterdrücken, den Fehler mit der @ operator.
Hinweis: Es wird dringend empfohlen, zu implementieren, nur Punkt 1.

Notice: Undefined index, Undefined offset

Dieser Hinweis erscheint, wenn Sie (oder PHP) versuchen, Zugriff auf ein undefined index in einem array.

Möglichkeiten, sich mit dem Thema:
1. Prüfen, ob der index vorhanden ist, bevor Sie darauf zugreifen. Für diese können Sie verwenden, isset() oder array_key_exists():
```
//isset()
$value = isset($array['my_index']) ? $array['my_index'] : '';
//array_key_exists()
$value = array_key_exists('my_index', $array) ? $array['my_index'] : '';
```
2. Dem sprachkonstrukt Listen() erzeugen kann, wenn es versucht, Zugriff auf ein array-index, der nicht existiert:
```
list($a, $b) = array(0 => 'a');
//or
list($one, $two) = explode(',', 'test string');
```
Beiden Variablen werden verwendet, um Zugriff auf zwei array-Elemente, aber es ist nur ein array-element-index 0, so generiert diese:

Notice: Undefined offset: 1

$_POST /$_GET /$_SESSION variable

Die Hinweise oben erscheinen oft bei der Arbeit mit $_POST, $_GET oder $_SESSION. Für $_POST und $_GET Sie müssen nur zu prüfen, ob der index existiert oder nicht, bevor Sie Sie verwenden. Für $_SESSION Sie haben zu stellen Sie sicher, Sie haben die Sitzung begann mit session_start() und dass der index auch existiert.

Beachten Sie auch, dass alle 3 Variablen sind superglobals und sind groß.

Verwandte:
- Notice: Undefined variable
- Notice: Undefined Index
Ein paar Gedanken: Die "shut-up-operator" (@) hat einige performance-Probleme. Auch, da es unterdrückt alle - Fehler in einem bestimmten Bereich verwenden, ohne Pflege kann die Maske Nachrichten, die Sie wünschte, du würdest sehen.
Ausblenden der Probleme ist NICHT der Weg, um sich mit Fragen. Artikel #2...#4 kann nur verwendet werden, auf die Produktion von Servern, die nicht im Allgemeinen.
Ist es möglich, shut-up-Nachricht inline (nicht handler), wenn auch in einem benutzerdefinierten error-handler verwendet? $var = @$_GET['nonexisting']; noch Ursachen feststellen..
Warum ist es empfohlen, zu verwenden 1. $value = isset($_POST['value']) ? $_POST['value'] : ''; statt mit 4. $value = @$_POST['value'];?
Diese 4 Wege sind unabhängig, das ist nicht ein 4-Schritt-Anleitung. Also, wenn Sie gewählt haben, zu verwenden, Weise 4, das bedeutet, dass Sie nicht umzusetzen ersten 3 Möglichkeiten, so dass Sie Sie nicht unterdrücken Fehler noch.

InformationsquelleAutor
123

Versuchen diese

Q1: dieser Hinweis bedeutet, dass $varname nicht
definiert im aktuellen Bereich der
script.

Q2: Verwendung von isset(), empty () - Bedingungen, bevor Sie irgendwelche verdächtigen Variablen funktioniert gut.
```
//recommended solution for recent PHP versions
$user_name = $_SESSION['user_name'] ?? '';

//pre-7 PHP versions
$user_name = '';
if (!empty($_SESSION['user_name'])) {
     $user_name = $_SESSION['user_name'];
}
```
Oder als quick-and-dirty-Lösung:
```
//not the best solution, but works
//in your php setting use, it helps hiding site wide notices
error_reporting(E_ALL ^ E_NOTICE);
```
Hinweis zu den Sitzungen:
- Wenn die Verwendung von Sitzungen, session_start(); ist erforderlich, um platziert werden alle Dateien mit sessions.
- http://php.net/manual/en/features.sessions.php
Wenn Sie mit E_NOTICE von der php.ini Konfigurationsdatei, tun error_reporting = (E_ALL & ~E_NOTICE)
Diese Antwort wird diskutiert, auf meta.

InformationsquelleAutor
56

Fehleranzeige @ - operator

Für die unerwünschten und überflüssigen Mitteilungen, könnte man die engagierten @ - operator zu »verstecken« undefined variable/index Nachrichten.
```
$var = @($_GET["optional_param"]);
```
- Dies ist in der Regel abzuraten. Neulinge neigen dazu, Weg, übernutzung es.
- Es ist sehr unpassend für Codes, die tief in der Anwendungslogik (ohne Berücksichtigung der nicht deklarierten Variablen, bei denen Sie nicht sollte), z.B. für Funktions-Parameter oder in Schleifen.
- Es ist ein auf den Kopf über die isset?: oder ?? super-supression jedoch. Hinweise noch bekommen können, angemeldet. Und man kann sich wiederbeleben @-versteckte Hinweise mit: set_error_handler("var_dump");
  - Additonally Sie sollten nicht gewohnheitsmäßig verwenden/empfehlen if (isset($_POST["shubmit"])) in deinem ersten code.
  - Neulinge nicht spot wie Tippfehler. Nur es raubt dir PHPs Hinweise für solche Fälle. Hinzufügen @ oder isset nur nach überprüfung der Funktionen.
  - Beheben die Ursache zuerst. Nicht die Hinweise.
- @ ist vor allem akzeptabel für $_GET/$_POST input-Parameter, die speziell , wenn Sie optional.
Und da dies deckt die meisten solcher Fragen näher auf die häufigsten Ursachen:

$_GET /$_POST /$_REQUEST undefined input
- Erste, was Sie tun, wenn er eine " undefined index/offset -, ist zu überprüfen, für die Tippfehler:
  
  $count = $_GET["whatnow?"];
  - Ist dies eine zu erwartende Schlüssel name und präsentieren auf jeder Seite anfordern?
  - Variablennamen und array-Indizes sind groß-und Kleinschreibung in der PHP.
- Zweitens, wenn die Mitteilung nicht über eine offensichtliche Ursache, verwenden Sie var_dump oder print_r, um zu überprüfen, alle Eingabe-arrays für Ihren aktiven Inhalt:
```
var_dump($_GET);
var_dump($_POST);
//print_r($_REQUEST);
```
  Beide offenbaren wird, wenn das Skript aufgerufen wurde, mit der rechten oder alle Parameter.
- Alternativey oder zusätzlich verwenden Sie Ihre browser-devtools (F12) und untersuchen Sie die Registerkarte "Netzwerk" für die Anforderungen und Parameter:
  
  POST-Parameter und Eingaben werden GESONDERT ausgewiesen.
- Für $_GET Parameter können Sie auch Blick auf die QUERY_STRING in
```
print_r($_SERVER);
```
  PHP hat einige Regeln zu coalesce nicht-standard-parameter-Namen in die superglobals. Apache könnte einige umschreiben als gut.
  Sie können auch sehen Sie in der beiliegenden raw - $_COOKIES und andere HTTP-request-Header, die Art und Weise.
- Mehr offensichtlich sehen Sie in Ihrem browser die Adresse bar für GET-Parameter:
  
  http://example.org/script.php?id=5&sort=desc
  
  Den name=value Paare nach der ? Fragezeichen sind deine Abfrage (GET -) Parameter. Damit diese URL konnte mit nur mäßiger Ausbeute $_GET["id"] und $_GET["sort"].
- Schließlich überprüfen Sie Ihre <form> und <input> Erklärungen, wenn Sie erwarten einen parameter, erhalten aber keine.
  - Gewährleisten jede erforderliche Eingabe hat eine <input name=FOO>
  - Die id= oder title= Attribut nicht ausreichen.
  - Eine method=POST form sollte zum Auffüllen $_POST.
  - In der Erwägung, dass eine method=GET (oder verlassen Sie es aus) ergeben würde $_GET Variablen.
  - Es ist auch möglich, eine form zu liefern action=script.php?get=param via $_GET und die restlichen method=POST Felder in $_POST neben.
  - Mit modernen PHP-Konfigurationen (≥ 5.6) es hat sich machbar (nicht modische) zu verwenden $_REQUEST['vars'] wieder, die Maischen GET-und POST-params.
- Wenn Sie mod_rewrite beschäftigt, dann sollten Sie prüfen sowohl die access.log sowie aktivieren der RewriteLog, um herauszufinden, abwesend Parameter.
$_FILES
- Die gleichen sanity-checks gelten für Datei-uploads und -$_FILES["formname"].
- Außerdem überprüfen enctype=multipart/form-data
- Sowie method=POST in Ihrem <form> Erklärung.
- Siehe auch: PHP Undefined index error $_FILES?
$_COOKIE
- Die $_COOKIE array wird niemals aufgefüllt rechts nach setcookie(), sondern nur auf irgendwelche Nachfolge-HTTP-Anforderung.
- Zusätzlich Ihre Gültigkeit abläuft, Sie konnten die Beschränkung auf subdomains oder einzelne Pfade und Benutzer-und browser können nur ablehnen oder löschen.
Wenn Sie neugierig sind, was die Auswirkungen auf die Leistung, dieser Artikel fasst es gut, derickrethans.nl/....
Es wurden quoite ein paar änderungen seit 2009, insbesondere php.net/ChangeLog-5.php#5.4.0 ändert sich das Ergebnis drastisch (siehe "Zend Engine, Leistung" und "(Stille) - operator").
Danke @mario, das ist interessant. Nun, wenn jemand gut genug, um die benchmark-die beiden... 3v4l.org/CYVOn/perf#tabs 3v4l.org/FLp3D/perf#tabs Nach diesem test scheinen identisch sein (beachten Sie, dass der Maßstab sich ändert).
Getestet habe ich mit PHP 5.4 und die performance immer noch schlecht.

InformationsquelleAutor
41

In der Regel wegen des "schlechten Programmierung", und die Möglichkeit für Fehler, die sich jetzt oder später.
1. Wenn es ein Fehler ist, machen Sie eine richtige Zuordnung der Variablen first: $varname=0;
2. Wenn es wirklich nur manchmal, test für ihn: if (isset($varname)), bevor Sie es
3. Wenn es ist, weil Sie es falsch geschrieben, nur richtig, dass
4. Vielleicht sogar biegen Sie die Warnungen in Sie PHP-Einstellungen
Bitte nicht schalten Sie Warnungen aus. Strengere Sprachen Sie oft bedeuten, dass "es könnte ein Fehler sein, Sie besser überprüfen Sie diese Zeile zweimal" - in einer Sprache, die so Freizügig wie PHP, Sie bedeutet oft, "dieser code ist Mist und vermutlich gespickt mit Fehlern; ich werde versuchen, Sinn macht es aber, die Sie besser beheben diese so schnell wie möglich".
Obwohl ich Stimme mit den ersten drei Punkte, #4 ist einfach falsch. Versteckt sich ein problem, wird es nicht Weg gehen, und es könnte sogar dazu führen, mehr Probleme die Straße hinunter.
absolut wahr, aber in einigen Szenarien (Gekauft Skript, null technische Kenntnisse, die es brauchen läuft bis morgen...) es ist die duct-tape-Lösung - ganz schlimm, das muss immer betont, aber eine option
Duct-tape ist gut ... manchmal. Historisch Warnungen wurden ausgeschaltet in der standard PHP-Einstellungen, aber defult Einstellungen müssen strenger werden. Schade, viele gehen zurück auf die alten Einstellungen, damit Sie nicht zu verärgern die Kunden.

InformationsquelleAutor
38

Es bedeutet, dass Sie testen, evaluieren, oder drucken Sie eine variable, die noch nicht zugewiesen sind nichts. Es heißt, Sie haben entweder ein Tippfehler, oder Sie müssen prüfen, ob die variable initialisiert wurde etwas ersten. Überprüfen Sie Ihre Logik-Pfade, es kann eingestellt werden in einem Pfad in einem anderen aber nicht.

InformationsquelleAutor
33

Wollte ich nicht deaktivieren, bemerken, weil es hilfreich ist, wollte aber vermeiden Sie zu viel Tipparbeit.

Meine Lösung war diese Funktion:
```
function ifexists($varname)
{
  return(isset($$varname)?$varname:null);
}
```
Also, wenn ich möchte Verweis auf $name und echo, wenn vorhanden, den ich einfach schreiben:
```
<?=ifexists('name')?>
```
Array-Elemente:
```
function ifexistsidx($var,$index)
{
  return(isset($var[$index])?$var[$index]:null);
}
```
In der Seite, wenn ich will, zu finden, $_REQUEST['name']:
```
<?=ifexistsidx($_REQUEST,'name')?>
```
Ihre ifexists () - Funktion funktioniert nicht für mich in PHP 5.3. Der Anrufer Variablen nicht in der Funktion einen lokalen Gültigkeitsbereich (siehe Variable scope), es sei denn, Sie sind der Superglobals oder Sie hantieren mit $GLOBALS, so $foo = "BABAR"; ifexists('foo'); wird im Allgemeinen null zurück. (Kursiv sind php.net Kapitel.)
jetzt bekommen Sie "hello from"... was ist der Punkt? prüfen Sie einfach den Wert if( !empty($user) and !empty($location) ) echo "hello $user ..."

InformationsquelleAutor

Den besten Weg für die erste Eingabe string ist:

$value = filter_input(INPUT_POST, 'value');

Diese one-liner ist fast äquivalent zu:

if (!isset($_POST['value'])) {
    $value = null;
} elseif (is_array($_POST['value'])) {
    $value = false;
} else {
    $value = $_POST['value'];
}

Wenn Sie unbedingt wollen string Wert, genau wie:

$value = (string)filter_input(INPUT_POST, 'value');

InformationsquelleAutor

24

Sein, weil die variable "$user_location' ist nicht immer definiert. Wenn Sie mit einem wenn-Schleife, in der man erklärt die '$user_location' variable dann müssen Sie auch eine else-Schleife und definieren die gleichen. Zum Beispiel:
```
$a=10;
if($a==5) { $user_location='Paris';} else { }
echo $user_location;
```
Den obigen code erstellen Fehler wie Die if-Schleife nicht erfüllt und der else-Schleife '$user_location' wurde nicht definiert. Noch PHP wurde gebeten, echo aus der variable. So ändern Sie den code, müssen Sie Folgendes tun:
```
$a=10;
if($a==5) { $user_location='Paris';} else { $user_location='SOMETHING OR BLANK'; }
echo $user_location;
```
InformationsquelleAutor
24

Antwort auf ""Warum erscheinen Sie plötzlich? Ich verwendet, um dieses Skript verwenden, für Jahre und ich habe nie ein problem gehabt."

Es ist sehr Häufig für die meisten Standorte für den Betrieb unter "default" error-reporting "Zeigt alle Fehler, aber nicht 'verstoßen' und 'veraltet'". Diese Einstellung in php.ini und gelten für alle Websites auf dem server. Dies bedeutet, dass diese "Hinweise" in den Beispielen benutzt wird ausgeblendet (versteckt) werden, während andere Fehler, die mehr als kritisch ist, wird angezeigt/aufgezeichnet.

Die andere wichtige Einstellung ist der Fehler versteckt werden können (d.h. display_errors auf "off" oder "syslog").

Was passiert in diesem Fall, dass entweder die error_reporting wurde geändert, um auch zu zeigen, verstoßen (wie in den Beispielen) und/oder dass die Einstellungen geändert wurden, um display_errors auf dem Bildschirm (im Gegensatz zu unterdrücken/protokollieren).

Warum haben Sie sich geändert?

Die offensichtliche/einfachste Antwort ist, dass jemand eingestellt die Einstellungen in php.ini, oder eine aktualisierte version von PHP ist jetzt mit einer anderen php.ini vorher ab. Das ist der erste Ort zu suchen.

Jedoch ist es auch möglich, diese Einstellungen zu überschreiben in
- .htconf (webserver-Konfiguration, einschließlich vhosts und sub-Konfigurationen)*
- .htaccess
- im php-code selbst
einem dieser könnte auch geändert worden.

Gibt es auch zusätzliche Komplikationen, die der web-server-Konfiguration aktivieren/deaktivieren .htaccess-Direktiven, also, wenn Sie Richtlinien .htaccess, die plötzlich anfangen/aufhören zu arbeiten, dann müssen Sie prüfen, dass für.

(.htconf /.htaccess übernehmen Sie ausführen als apache. Wenn mit Befehl Linie, das wird nicht gelten, wenn mit IIS oder andere webserver, dann müssen Sie überprüfen die configs entsprechend)

Zusammenfassung
- Überprüfen error_reporting und display_errors php-Direktiven in der php.ini hat sich nicht geändert, oder, dass Sie nicht mit einer anderen php.ini vorher ab.
- Überprüfen error_reporting und display_errors php-Direktiven in .htconf (oder vhosts etc) haben sich nicht geändert
- Überprüfen error_reporting und display_errors php-Direktiven in .htaccess nicht geändert haben
- Wenn Sie die Richtlinie in .htaccess, prüfen Sie, ob Sie sind immer noch erlaubt .htconf Datei
- Schließlich überprüfen Sie Ihren code; evtl eine unabhängige Bibliothek, um zu sehen, ob error_reporting und display_errors php-Direktiven wurden, eingestellt werden.
InformationsquelleAutor
19

quick-fix zuweisen Ihre Variablen auf null an der Spitze Ihres Codes
```
$user_location = null;
```
InformationsquelleAutor
15

Ich verwendet, um den Fluch dieser Fehler, aber es kann hilfreich sein, um Sie daran zu erinnern, um zu entkommen Benutzereingaben.

Zum Beispiel, wenn Sie dachte, das war clever, Steno:
```
//Echo whatever the hell this is
<?=$_POST['something']?>
```
...Think again! Eine bessere Lösung ist:
```
//If this is set, echo a filtered version
<?=isset($_POST['something']) ? html($_POST['something']) : ''?>
```
(Ich benutze eine benutzerdefinierte html() Funktion escape-Zeichen, kann Ihre Laufleistung variieren)

InformationsquelleAutor

Ich die ganze Zeit eine eigene nützliche Funktion exst (), die automatisch Variablen deklarieren.

Ihre code -

$greeting = "Hello, ".exst($user_name, 'Visitor')." from ".exst($user_location);


/** 
 * Function exst() - Checks if the variable has been set 
 * (copy/paste it in any place of your code)
 * 
 * If the variable is set and not empty returns the variable (no transformation)
 * If the variable is not set or empty, returns the $default value
 *
 * @param  mixed $var
 * @param  mixed $default
 * 
 * @return mixed 
 */

function exst( & $var, $default = "")
{
    $t = "";
    if ( !isset($var)  || !$var ) {
        if (isset($default) && $default != "") $t = $default;
    }
    else  {  
        $t = $var;
    }
    if (is_string($t)) $t = trim($t);
    return $t;
}

InformationsquelleAutor

13

In einem sehr Einfache Sprache.
Der Fehler ist, Sie verwenden eine variable $user_location ist nicht definiert, indem Sie früher und es hat keinen Wert, So empfehle ich Ihnen, bitte erklären diese variable vor mit es Zum Beispiel:

$user_location = '';
Oder
$user_location = 'Los Angles';

Dies ist eine sehr häufige Fehlermeldung, die Sie kann Gesicht.Also keine Sorge, nur deklarieren Sie die variable und Genießen Kodierung.

InformationsquelleAutor
13

In PHP 7.0 ist es nun möglich, den Null-coalescing operator:
```
echo "My index value is: " . ($my_array["my_index"] ?? '');
```
Gleich:
```
echo "My index value is: " . (isset($my_array["my_index"]) ? $my_array["my_index"] : '');
```
PHP-Handbuch PHP-7.0

Wow, diese Antwort muss gestimmt werden sich jetzt mehr, dies ist in PHP 7. Wunderbare Lösung!!!
Dies funktioniert auch in if-Anweisungen. if (is_array($my_array['idontexist'] ?? '')) { dosomething(); }
Dein code ist eigentlich eine nette übersehen Fehler: ?? - nur Prüfungen für isset(), wenn Sie pass is_array() - das ist ein boolean, unerwartete Folgen.

InformationsquelleAutor

warum nicht die Dinge einfach halten?

<?php
error_reporting(E_ALL); //making sure all notices are on

function idxVal(&$var, $default = null) {
         return empty($var) ? $var = $default : $var;
  }

echo idxVal($arr['test']);         //returns null without any notice
echo idxVal($arr['hey ho'], 'yo'); //returns yo and assigns it to array index, nice

?>

InformationsquelleAutor

7

WARUM IST DAS PASSIERT?

Laufe der Zeit, PHP hat sich zu einem mehr Sicherheit ausgerichtete Sprache. Einstellungen, die verwendet werden, die standardmäßig deaktiviert sind jetzt standardmäßig aktiviert. Ein perfektes Beispiel HIERFÜR ist E_STRICT wurde, standardmäßig aktiviert, da der PHP 5.4.0.

Außerdem, laut der PHP-Dokumentation standardmäßig E_NOTICE ist disabled in php.ini. PHP-docs empfehlen drehen Sie es auf, für debugging-Zwecke. Allerdings, wenn ich download PHP aus dem Ubuntu-repository und von BitNami Windows-stack–sehe ich etwas anderes.
```
; Common Values:
;   E_ALL (Show all errors, warnings and notices including coding standards.)
;   E_ALL & ~E_NOTICE  (Show all errors, except for notices)
;   E_ALL & ~E_NOTICE & ~E_STRICT  (Show all errors, except for notices and coding standards warnings.)
;   E_COMPILE_ERROR|E_RECOVERABLE_ERROR|E_ERROR|E_CORE_ERROR  (Show only errors)
; Default Value: E_ALL & ~E_NOTICE & ~E_STRICT & ~E_DEPRECATED
; Development Value: E_ALL
; Production Value: E_ALL & ~E_DEPRECATED & ~E_STRICT
; http://php.net/error-reporting
error_reporting = E_ALL & ~E_DEPRECATED & ~E_STRICT
```
Beachten Sie, dass error_reporting tatsächlich eingestellt, um die Produktion Wert standardmäßig nicht für die "default" - Wert standardmäßig. Dies ist etwas verwirrend und wird nicht dokumentiert, die außerhalb von php.ini, also ich habe nicht überprüft diese auf anderen Distributionen.

Ihre Frage zu beantworten, aber diese Fehlermeldung erscheint nun, wenn es nicht pop-up, bevor Sie da:
1. Du PHP installiert und die neuen Standard-Einstellungen sind etwas schlecht dokumentiert, aber nicht auszuschließen E_NOTICE.
2. E_NOTICE Warnungen wie Undefinierte Variablen und undefinierten Indizes tatsächlich helfen, um Ihren code sauberer und sicherer zu machen. Ich kann Ihnen sagen, dass, vor Jahren, halten E_NOTICE aktiviert gezwungen mich zu erklären, meine Variablen. Es machte es VIEL leichter C zu lernen, waren nicht deklarieren von Variablen ist viel größer ein ärgernis.
WAS KANN ICH DAGEGEN TUN?
1. Ausschalten E_NOTICE durch kopieren der "Default-Wert" E_ALL & ~E_NOTICE & ~E_STRICT & ~E_DEPRECATED und ersetzen Sie es mit dem, was ist derzeit unkommentiert nach dem Gleichheitszeichen in error_reporting =. Starten Sie Apache, oder PHP, wenn per CGI oder FPM. Stellen Sie sicher, das Sie Bearbeiten die "richtige" php.ini. Die richtige Apache-wenn Sie PHP mit Apache, fpm oder php-fpm, wenn man PHP-FPM, cgi, wenn PHP-CGI, etc. Dies ist nicht die empfohlene Methode, aber wenn man legacy-code, die gehen, um extrem schwierig zu Bearbeiten, dann könnte es Ihre beste Wette.
2. Ausschalten E_NOTICE auf die Datei oder den Ordner-Ebene. Dies könnte empfehlenswert sein, wenn Sie einige legacy-code, sondern wollen Dinge tun, die "richtige" Art und Weise anders. Um dies zu tun, sollten Sie Apache2, Nginx oder was auch immer Ihr server der Wahl ist. In Apache verwenden, würden Sie php_value innerhalb von <Directory>.
3. Schreiben Sie Ihre code sauberer ist. Wenn Sie brauchen, um dies zu tun während der Bewegung in einer Produktionsumgebung oder nicht wollen, dass jemand zu sehen, Ihre Fehler, stellen Sie sicher, deaktivieren Sie alle anzeigen von Fehlern, und nur Protokollierung Ihre Fehler (siehe display_errors und log_errors in php.ini und server-Einstellungen).
Erweitern option 3: Dies ist das ideal. Wenn Sie diesen Weg gehen, sollten Sie. Wenn Sie nicht diesen Weg gehen, zunächst in Erwägung ziehen diesen Weg schließlich durch testen Sie Ihren code in einer Entwicklungsumgebung. Während Sie gerade dabei sind, loswerden ~E_STRICT und ~E_DEPRECATED um zu sehen, was könnte schief gehen in der Zukunft. Du wirst sehen, eine MENGE von fremden Fehlern, aber es geht um zu verhindern, dass unangenehme Probleme, wenn Sie benötigen, um ein upgrade von PHP in die Zukunft.

WAS DIE FEHLER BEDEUTEN?

Undefined variable: my_variable_name - Dies geschieht, wenn eine variable nicht definiert wurde, bevor Sie verwenden. Wenn das PHP-Skript ausgeführt wird, intern nimmt halt einen null-Wert. Aber in dem Szenario würden Sie eine variable, bevor es definiert wurde? Letztendlich ist dies ein argument für "sloppy code". Als Entwickler kann ich dir sagen, dass ich es Liebe, wenn ich sehe, eine open-source-Projekt, wo die Variablen definiert sind, wie hoch Ihre Spielräume, wie Sie definiert werden können. Es macht es einfacher zu sagen, was Variablen sind zu gehen, um pop-up in der Zukunft und macht es leichter zu Lesen/lernen der code.
```
function foo()
{
    $my_variable_name = '';

    //....

    if ($my_variable_name) {
        //perform some logic
    }
}
```
Undefined index: my_index - Dies geschieht, wenn Sie versuchen, Zugriff auf einen Wert in ein array und es nicht vorhanden ist. Um diesen Fehler zu verhindern, führen Sie eine bedingte überprüfen.
```
//verbose way - generally better
if (isset($my_array['my_index'])) {
    echo "My index value is: " . $my_array['my_index'];
}

//non-verbose ternary example - I use this sometimes for small rules.
$my_index_val = isset($my_array['my_index'])?$my_array['my_index']:'(undefined)';
echo "My index value is: " . $my_index_val;   
```
Weitere option ist zu erklären, ein leeres array an der Spitze Ihrer Funktion. Dies ist nicht immer möglich.
```
$my_array = array(
    'my_index' => ''
);

//...

$my_array['my_index'] = 'new string';
```
(weiterer Tipp)
- Wenn ich der Begegnung mit diesen und anderen Fragen, die ich verwendet NetBeans IDE (kostenlos) und es gab mir eine Vielzahl von Warnungen und hinweisen. Einige von Ihnen bieten sehr hilfreiche Tipps. Dies ist keine Voraussetzung, und ich glaube nicht, verwenden IDEs mehr, außer für große Projekte. Ich bin eher ein vim person in diesen Tagen :).
InformationsquelleAutor
5

undefined index bedeutet, der in ein array von Ihnen angeforderte nicht verfügbar für array-index zum Beispiel
```
<?php 

$newArray[] = {1,2,3,4,5};
print_r($newArray[5]);

?>
```
undefined variable bedeutet, dass Sie verwendet haben, völlig nicht vorhandenen oder variable, die nicht definiert oder initialisiert werden, indem Sie diesen Namen zum Beispiel
```
<?php print_r($myvar); ?>
```
undefined offset bedeutet, dass in der Reihe, um die Sie gebeten haben, für nicht vorhandene Schlüssel. Und die
die Lösung für dieses ist, vor Gebrauch zu überprüfen
```
php> echo array_key_exists(1, $myarray);
```
InformationsquelleAutor
3

Zu diesem Teil der Frage:

Warum entstehen plötzlich? Ich verwendet, um dieses Skript verwenden, für Jahre und ich habe nie ein problem gehabt.

Keine definitiven Antworten, aber hier sind einige mögliche Erklärungen für warum-Einstellungen können 'plötzlich' ändern:
1. Upgrade von PHP auf eine neuere version, die anderen Standardeinstellungen für error_reporting, display_errors oder anderen relevanten Einstellungen.
2. Haben Sie entfernt oder eingeführt haben einige code, der (möglicherweise in einer Abhängigkeit) setzt, die relevanten Einstellungen, die zur Laufzeit mit ini_set() oder error_reporting() (Suche nach diesen im code)
3. Ändern Sie die webserver-Konfiguration (vorausgesetzt, dass apache hier): .htaccess Dateien und die vhost-Konfigurationen können auch manipulieren die php-Einstellungen.
4. Regel verstoßen nicht angezeigt /gemeldet werden (siehe PHP-Handbuch)
  so ist es möglich, dass bei der Konfiguration der server, die php.ini-Datei konnte nicht geladen werden für einige Grund (Datei-Berechtigungen??) und Sie wurden auf die Standard-Einstellungen. Später, der " bug " wurde behoben (durch einen Unfall) und jetzt KANN man es laden Sie die richtige php.ini-Datei mit dem error_reporting gesetzt, um zu zeigen, verstoßen.
InformationsquelleAutor

Wenn die Arbeit mit Klassen, die Sie brauchen, um stellen Sie sicher, Referenz-member-Variablen mit $this:

class Person
{
    protected $firstName;
    protected $lastName;

    public function setFullName($first, $last)
    {
        //Correct
        $this->firstName = $first;

        //Incorrect
        $lastName = $last;

        //Incorrect
        $this->$lastName = $last;
    }
}

InformationsquelleAutor

2

Ein weiterer Grund, warum ein undefined index notice geworfen wird, wäre das eine Spalte weggelassen wurde, aus einer Datenbank-Abfrage.

I. e.:
```
$query = "SELECT col1 FROM table WHERE col_x = ?";
```
Dann versuchen, Zugriff auf mehrere Spalten/Zeilen innerhalb einer Schleife.

I. e.:
```
print_r($row['col1']);
print_r($row['col2']); //undefined index thrown
```
oder in einem while Schleife:
```
while( $row = fetching_function($query) ) {

    echo $row['col1'];
    echo "<br>";
    echo $row['col2']; //undefined index thrown
    echo "<br>";
    echo $row['col3']; //undefined index thrown

}
```
Etwas anderes, das muss angemerkt werden, dass auf einem *NIX-OS und Mac-OS X, die Dinge sind case-sensitive.

Konsultieren Sie die followning Q&A auf Stack:
Ich Frage mich, warum dies so war downvoted auch.

InformationsquelleAutor
1

Mit einem ternäre ist einfach, lesbar und sauber:

Pre PHP 7

Weisen Sie einer Variablen den Wert einer anderen Variablen, wenn es gesetzt ist, sonst weisen Sie null (oder was auch immer Standard Wert):
```
$newVariable = isset($thePotentialData) ? $thePotentialData : null;
```
PHP 7+

Das gleiche, außer mit Null Coalescing-Operator. Es gibt nicht mehr eine Notwendigkeit zu nennen isset() wie diese gebaut wird, und keine Notwendigkeit die variable zurückzugeben, wie es übernommen, um den Rückgabewert der variable, die überprüft wird:
```
$newVariable = $thePotentialData ?? null;
```
Beide wird stop-die Hinweise von der OP-Frage, und beide sind das genaue äquivalent:
```
if (isset($thePotentialData)) {
    $newVariable = $thePotentialData;
} else {
    $newVariable = null;
}
```
Wenn Sie nicht benötigen, setzen einer neuen variable dann können Sie direkt verwenden, um die dreistellige zurückgegebenen Wert, wie mit echo, Funktion, Argumente, etc:

Echo:
```
echo 'Your name is: ' . isset($name) ? $name : 'You did not provide one';
```
Funktion:
```
$foreName = getForeName(isset($userId) ? $userId : null);

function getForeName($userId)
{
    if ($userId === null) {
        //Etc
    }
}
```
Den oben genannten arbeiten werden genau das gleiche mit den arrays, einschließlich der Sitzungen, etc, ersetzen Sie die variable, die überprüft wird z.B.:

$_SESSION['checkMe']

oder wie viele Ebenen, die Sie benötigen, z.B.:

$clients['personal']['address']['postcode']

Unterdrückung:

Ist es möglich zu unterdrücken, um die PHP-Notizen mit @ oder reduzieren Sie Ihre error reporting level, aber es nicht das problem zu beheben, es hört einfach auf, es wird berichtet in der error-log. Dies bedeutet, dass Ihr code immer noch versucht, eine variable zu verwenden, die nicht gesetzt wurde, die kann oder kann nicht bedeuten, etwas nicht so funktionieren wie Sie sollen - je nachdem, wie entscheidend der fehlende Wert ist.

Sollten Sie wirklich prüfen, für diese Ausgabe und Handhabung ist es angemessen, entweder dienen eine andere Nachricht, oder auch nur die Rückgabe eines null-Wert als alles andere um die genaue Staat.

Wenn Sie nur Sorge um den Hinweis, nicht in die Fehler-log, dann als eine option, die Sie könnte Sie einfach ignorieren Sie den Fehler melden.

InformationsquelleAutor
0

Wahrscheinlich, Sie wurden mit alten PHP-version, bis und jetzt aufgerüstet PHP das ist der Grund, es funktioniert ohne Fehler bis jetzt von Jahren.
bis PHP4 gab es keine Fehlermeldung, wenn Sie mithilfe von Variablen, ohne es zu definieren, sondern als von PHP5 weiter es wirft Fehler bei den codes, wie bereits erwähnt, in Frage stellen.

InformationsquelleAutor

Beim Umgang mit Dateien, einen richtigen enctype-und eine POST-Methode benötigt, die trigger eine undefined index notice, wenn Sie entweder nicht in das Formular aufgenommen.

In der Anleitung steht die folgende grundlegende syntax:

HTML

<!-- The data encoding type, enctype, MUST be specified as below -->
<form enctype="multipart/form-data" action="__URL__" method="POST">
    <!-- MAX_FILE_SIZE must precede the file input field -->
    <input type="hidden" name="MAX_FILE_SIZE" value="30000" />
    <!-- Name of input element determines name in $_FILES array -->
    Send this file: <input name="userfile" type="file" />
    <input type="submit" value="Send File" />
</form>

PHP

<?php
//In PHP versions earlier than 4.1.0, $HTTP_POST_FILES should be used instead
//of $_FILES.

$uploaddir = '/var/www/uploads/';
$uploadfile = $uploaddir . basename($_FILES['userfile']['name']);

echo '<pre>';
if (move_uploaded_file($_FILES['userfile']['tmp_name'], $uploadfile)) {
    echo "File is valid, and was successfully uploaded.\n";
} else {
    echo "Possible file upload attack!\n";
}

echo 'Here is some more debugging info:';
print_r($_FILES);

print "</pre>";

?>

Referenz:

http://php.net/manual/en/features.file-upload.post-method.php

InformationsquelleAutor

Eine häufige Ursache für eine variable nicht nach einem HTML-Formular eingereicht wurde, ist das Formular-element ist nicht enthalten innerhalb einer <form> tag:

Beispiel: Element nicht innerhalb der <form>

<form action="example.php" method="post">
    <p>
        <input type="text" name="name" />
        <input type="submit" value="Submit" />
    </p>
</form>

<select name="choice">
    <option value="choice1">choice 1</option>
    <option value="choice2">choice 2</option>
    <option value="choice3">choice 3</option>
    <option value="choice4">choice 4</option>
</select>

Beispiel: Element nun innerhalb der <form>

<form action="example.php" method="post">
    <select name="choice">
        <option value="choice1">choice 1</option>
        <option value="choice2">choice 2</option>
        <option value="choice3">choice 3</option>
        <option value="choice4">choice 4</option>
    </select>
    <p>
        <input type="text" name="name" />
        <input type="submit" value="Submit" />
    </p>
</form>

InformationsquelleAutor

0

Fragte ich eine Frage dazu und ich war nach diesem post mit der Nachricht:

Diese Frage bereits eine Antwort hier:

"Notice: Undefined variable", "Notice: Undefined index", und "Hinweis:
Undefined offset" mit PHP

Teile ich meine Frage und Lösung hier:

Dies ist der Fehler:

Linie 154 ist das problem. Dies ist, was ich in Zeile 154:
```
153    foreach($cities as $key => $city){
154        if(($city != 'London') && ($city != 'Madrid') && ($citiesCounterArray[$key] >= 1)){
```
Ich denke, das problem ist, dass ich Schreibe, wenn die Bedingungen für die variable $city, das ist nicht das entscheidende, sondern der Wert in $key => $city. Zuerst konnte Sie bestätigen, ob das ist die Ursache der Warnung? Zweitens, wenn das ist das problem, warum es ist, dass ich nicht schreiben kann, ein Zustand, basierend auf dem Wert? Muss es sein, mit dem Schlüssel, den ich brauche, um zu schreiben, das für eine Bedingung?

UPDATE 1: Das problem ist, dass bei der Ausführung $citiesCounterArray[$key] manchmal die $key entspricht einem Schlüssel, der nicht vorhanden ist in der $citiesCounterArray array, aber das ist nicht immer der Fall auf der Grundlage der Daten von meinem loop. Was ich brauche ist eine Bedingung, so dass, wenn $key im Feld vorhanden, dann wird der code ausgeführt, andernfalls übersprungen.

UPDATE 2: Das ist, wie ich es behoben indem array_key_exists():
```
foreach($cities as $key => $city){
    if(array_key_exists($key, $citiesCounterArray)){
        if(($city != 'London') && ($city != 'Madrid') && ($citiesCounterArray[$key] >= 1)){
```
InformationsquelleAutor
0

Diese Fehler auftreten, wenn wir über eine variable, die nicht festgelegt ist.

Der beste Weg, um mit diesen umzugehen ist festgelegt Fehlermeldungen während der Entwicklung.

Einstellen Fehler-reporting über:
```
ini_set('error_reporting', 'on');
ini_set('display_errors', 'on');
error_reporting(E_ALL);
```
Auf Produktions-Server für die Fehlerberichterstattung deaktiviert ist, deshalb bekommen wir auch nicht diese Fehler.

Auf dem Entwicklungs-server, aber wir können die Fehlerberichterstattung auf.

Um loszuwerden, diese Fehler, sehen wir das folgende Beispiel:
```
if ($my == 9) {
 $test = 'yes';  //Will produce error as $my is not 9.
}
echo $test;
```
Können wir initialisieren die Variablen NULL bevor Sie Ihre Werte oder Ihre Verwendung.

So, wir können den code ändern, wie:
```
$test = NULL;
if ($my == 9) {
 $test = 'yes';  //Will produce error as $my is not 9.
}
echo $test;
```
Wird dies nicht stören, alle der Programm-Logik und wird nicht zu Bemerken, auch wenn $test keinen Wert.

Also, grundsätzlich ist es immer besser, Fehler-reporting AUF für die Entwicklung.

Und beheben Sie alle Fehler.

Ist und auf Produktions -, Fehler-reporting, sollten aus sein.

InformationsquelleAutor
-1

Diese Mitteilungen sind, weil Sie nicht über die verwendeten Variablen defined und my_index Schlüssel war nicht in $my_array variable.

Dieser Mitteilungen waren jedes mal ausgelöst, wenn, weil Ihr code ist nicht richtig, aber wahrscheinlich haben Sie nicht haben, die Berichterstattung dar.

Lösen des bugs:
```
$my_variable_name = "Variable name"; //defining variable
echo "My variable value is: " . $my_variable_name;

if(isset($my_array["my_index"])){
    echo "My index value is: " . $my_array["my_index"]; //check if my_index is set 
}
```
Anderen Weg, um dies heraus:
```
ini_set("error_reporting", false)
```
InformationsquelleAutor

-1

In PHP müssen Sie zur Faust und definieren Sie die variable nach, dass Sie es verwenden können.

Wir können prüfen, variable definiert ist oder nicht in einer sehr effizienten Art und Weise!.

//If you only want to check variable has value and value has true and false value.
//But variable must be defined first.

if($my_variable_name){

}

//If you want to check variable is define or undefine
//Isset() does not check that variable has true or false value
//But it check null value of variable
if(isset($my_variable_name)){

}

Einfache Erklärung

//It will work with :- true,false,NULL
$defineVarialbe = false;
if($defineVarialbe){
    echo "true";
}else{
    echo "false";
}

//It will check variable is define or not and variable has null value.
if(isset($unDefineVarialbe)){
    echo "true";
}else{
    echo "false";
}

InformationsquelleAutor

1003

Notice: Undefined variable

Vom großen Weisheit der PHP-Handbuch:

Unter Berufung auf den Standardwert einer nicht initialisierten variable ist problematisch, im Falle der Einbeziehung einer Datei in eine andere, die verwendet die gleichen Variablen-Namen. Es ist auch eine große Sicherheit Risiko mit register_globals eingeschaltet. E_NOTICE - level-Fehler ausgegeben wird, im Fall von nicht initialisierten Variablen, jedoch nicht im Fall der Elemente anfügen, um das nicht initialisierte array. isset() Sprache-Konstrukt kann verwendet werden, um zu erkennen, ob eine variable bereits initialisiert wurde. Zusätzlich-und ideal ist die Lösung von empty(), da es nicht eine Warnung oder Fehlermeldung, wenn die variable nicht initialisiert.

Vom In der PHP-Dokumentation:

Wird keine Warnung generiert, wenn die variable nicht existiert. Das bedeutet, dass
empty() ist im wesentlichen die prägnante entspricht !isset($var) || $var
== false.

Dies bedeutet, dass Sie nur empty() um zu bestimmen, ob die variable gesetzt ist, und darüber hinaus überprüft die variable gegen die folgenden, 0, 0.0, "", "0", null, false oder [].

Beispiel:
```
$o = [];
@$var = ["",0,null,1,2,3,$foo,$o['myIndex']];
array_walk($var, function($v) {
    echo (!isset($v) || $v == false) ? 'true ' : 'false';
    echo ' ' . (empty($v) ? 'true' : 'false');
    echo "\n";
});
```
Testen Sie das obige snippet in den 3v4l.org online-PHP-editor

Obwohl PHP nicht erforderlich, eine Variablendeklaration, es tut es empfehlen, um zu vermeiden, dass einige Sicherheitslücken oder bugs, wo man vergessen würde zu geben, einen Wert zu einer variable, die verwendet wird später im Skript. Was PHP tut, im Fall von nicht deklarierten Variablen ist die Ausgabe ein sehr low-level-Fehler, E_NOTICE, eine, die sich auch nicht gemeldet standardmäßig, aber das Handbuch berät zu ermöglichen während der Entwicklung.

Möglichkeiten, sich mit dem Thema:
1. Empfohlen: Deklarieren Sie Ihre Variablen, zum Beispiel, wenn Sie versuchen, eine Zeichenfolge angefügt an eine Undefinierte variable. Oder verwenden Sie isset() /!empty() um zu überprüfen, ob Sie deklariert sind, bevor referenzieren, wie in:
```
//Initializing variable
$value = ""; //Initialization value; Examples
             //"" When you want to append stuff later
             //0  When you want to add numbers later
//isset()
$value = isset($_POST['value']) ? $_POST['value'] : '';
//empty()
$value = !empty($_POST['value']) ? $_POST['value'] : '';
```
  Diese geworden, viel sauberer als PHP-7.0, jetzt können Sie die null coalesce operator:
```
//Null coalesce operator - No need to explicitly initialize the variable.
$value = $_POST['value'] ?? '';
```
2. Legen Sie eine custom error handler für die E_NOTICE-Warnung, und leiten Sie die Nachrichten, die sich von der standard-Ausgabe (vielleicht in einer log-Datei):
```
set_error_handler('myHandlerForMinorErrors', E_NOTICE | E_STRICT)
```
3. Deaktivieren E_NOTICE aus der Berichterstattung. Ein schneller Weg, um auszuschließen, nur E_NOTICE ist:
```
error_reporting( error_reporting() & ~E_NOTICE )
```
4. Unterdrücken, den Fehler mit der @ operator.
Hinweis: Es wird dringend empfohlen, zu implementieren, nur Punkt 1.

Notice: Undefined index, Undefined offset

Dieser Hinweis erscheint, wenn Sie (oder PHP) versuchen, Zugriff auf ein undefined index in einem array.

Möglichkeiten, sich mit dem Thema:
1. Prüfen, ob der index vorhanden ist, bevor Sie darauf zugreifen. Für diese können Sie verwenden, isset() oder array_key_exists():
```
//isset()
$value = isset($array['my_index']) ? $array['my_index'] : '';
//array_key_exists()
$value = array_key_exists('my_index', $array) ? $array['my_index'] : '';
```
2. Dem sprachkonstrukt Listen() erzeugen kann, wenn es versucht, Zugriff auf ein array-index, der nicht existiert:
```
list($a, $b) = array(0 => 'a');
//or
list($one, $two) = explode(',', 'test string');
```
Beiden Variablen werden verwendet, um Zugriff auf zwei array-Elemente, aber es ist nur ein array-element-index 0, so generiert diese:

Notice: Undefined offset: 1

$_POST /$_GET /$_SESSION variable

Die Hinweise oben erscheinen oft bei der Arbeit mit $_POST, $_GET oder $_SESSION. Für $_POST und $_GET Sie müssen nur zu prüfen, ob der index existiert oder nicht, bevor Sie Sie verwenden. Für $_SESSION Sie haben zu stellen Sie sicher, Sie haben die Sitzung begann mit session_start() und dass der index auch existiert.

Beachten Sie auch, dass alle 3 Variablen sind superglobals und sind groß.

Verwandte:
- Notice: Undefined variable
- Notice: Undefined Index
- Ein paar Gedanken: Die "shut-up-operator" (@) hat einige performance-Probleme. Auch, da es unterdrückt alle - Fehler in einem bestimmten Bereich verwenden, ohne Pflege kann die Maske Nachrichten, die Sie wünschte, du würdest sehen.
- Ausblenden der Probleme ist NICHT der Weg, um sich mit Fragen. Artikel #2...#4 kann nur verwendet werden, auf die Produktion von Servern, die nicht im Allgemeinen.
- Ist es möglich, shut-up-Nachricht inline (nicht handler), wenn auch in einem benutzerdefinierten error-handler verwendet? $var = @$_GET['nonexisting']; noch Ursachen feststellen..
- Warum ist es empfohlen, zu verwenden 1. $value = isset($_POST['value']) ? $_POST['value'] : ''; statt mit 4. $value = @$_POST['value'];?
- Diese 4 Wege sind unabhängig, das ist nicht ein 4-Schritt-Anleitung. Also, wenn Sie gewählt haben, zu verwenden, Weise 4, das bedeutet, dass Sie nicht umzusetzen ersten 3 Möglichkeiten, so dass Sie Sie nicht unterdrücken Fehler noch.
- Mit isset() hat bei mir nicht funktioniert. Aber array_key_exists() und @ funktioniert
- Ich empfehle, nicht mit isset() für arrays, z.B. $str = '111'; (ich weiss es sollten array) isset($str[0]) wird true zurückgegeben. Es ist besser mit array_key_exist() statt isset()
- Wir können auch $_REQUEST += ['my_index' => null, '...' => null]; zu erfüllen, fehlende Indizes, bevor Verwendungen. In Fall, dass Sie bereits wissen, der index-Schlüssel.
- "Das bedeutet, dass nur empty (), um zu bestimmen, ob die variable gesetzt ist, und darüber hinaus überprüft die variable gegen die folgenden, 0,"",null." Ist unvollständig. Es wird auch überprüft, gegen "0".
- Alle Variablen zugegriffen werden muss, in Großbuchstaben, wenn Sie definiert wurden, in Großbuchstaben, nicht nur superglobals.
- PHP hat nun auch die ?? Betreiber, die nicht (PHP Dokumentation): "Es gibt die erste operand, wenn es existiert und nicht NULL ist; andernfalls gibt die zweite operand ist.", das ist genau das, was Sie brauchen, in den meisten Fällen.
InformationsquelleAutor
130

Versuchen diese

Q1: dieser Hinweis bedeutet, dass $varname nicht
definiert im aktuellen Bereich der
script.

Q2: Verwendung von isset(), empty () - Bedingungen, bevor Sie irgendwelche verdächtigen Variablen funktioniert gut.
```
//recommended solution for recent PHP versions
$user_name = $_SESSION['user_name'] ?? '';

//pre-7 PHP versions
$user_name = '';
if (!empty($_SESSION['user_name'])) {
     $user_name = $_SESSION['user_name'];
}
```
Oder als quick-and-dirty-Lösung:
```
//not the best solution, but works
//in your php setting use, it helps hiding site wide notices
error_reporting(E_ALL ^ E_NOTICE);
```
Hinweis zu den Sitzungen:
- Wenn die Verwendung von Sitzungen, session_start(); ist erforderlich, um platziert werden alle Dateien mit sessions.
- http://php.net/manual/en/features.sessions.php
- Wenn Sie mit E_NOTICE von der php.ini Konfigurationsdatei, tun error_reporting = (E_ALL & ~E_NOTICE)
- Diese Antwort wird diskutiert, auf meta.
InformationsquelleAutor
60

Fehleranzeige @ - operator

Für die unerwünschten und überflüssigen Mitteilungen, könnte man die engagierten @ - operator zu »verstecken« undefined variable/index Nachrichten.
```
$var = @($_GET["optional_param"]);
```
- Dies ist in der Regel abzuraten. Neulinge neigen dazu, Weg, übernutzung es.
- Es ist sehr unpassend für Codes, die tief in der Anwendungslogik (ohne Berücksichtigung der nicht deklarierten Variablen, bei denen Sie nicht sollte), z.B. für Funktions-Parameter oder in Schleifen.
- Es ist ein auf den Kopf über die isset?: oder ?? super-supression jedoch. Hinweise noch bekommen können, angemeldet. Und man kann sich wiederbeleben @-versteckte Hinweise mit: set_error_handler("var_dump");
  - Additonally Sie sollten nicht gewohnheitsmäßig verwenden/empfehlen if (isset($_POST["shubmit"])) in deinem ersten code.
  - Neulinge nicht spot wie Tippfehler. Nur es raubt dir PHPs Hinweise für solche Fälle. Hinzufügen @ oder isset nur nach überprüfung der Funktionen.
  - Beheben die Ursache zuerst. Nicht die Hinweise.
- @ ist vor allem akzeptabel für $_GET/$_POST input-Parameter, die speziell , wenn Sie optional.
Und da dies deckt die meisten solcher Fragen näher auf die häufigsten Ursachen:

$_GET /$_POST /$_REQUEST undefined input
- Erste, was Sie tun, wenn er eine " undefined index/offset -, ist zu überprüfen, für die Tippfehler:
  
  $count = $_GET["whatnow?"];
  - Ist dies eine zu erwartende Schlüssel name und präsentieren auf jeder Seite anfordern?
  - Variablennamen und array-Indizes sind groß-und Kleinschreibung in der PHP.
- Zweitens, wenn die Mitteilung nicht über eine offensichtliche Ursache, verwenden Sie var_dump oder print_r, um zu überprüfen, alle Eingabe-arrays für Ihren aktiven Inhalt:
```
var_dump($_GET);
var_dump($_POST);
//print_r($_REQUEST);
```
  Beide offenbaren wird, wenn das Skript aufgerufen wurde, mit der rechten oder alle Parameter.
- Alternativey oder zusätzlich verwenden Sie Ihre browser-devtools (F12) und untersuchen Sie die Registerkarte "Netzwerk" für die Anforderungen und Parameter:
  
  POST-Parameter und Eingaben werden GESONDERT ausgewiesen.
- Für $_GET Parameter können Sie auch Blick auf die QUERY_STRING in
```
print_r($_SERVER);
```
  PHP hat einige Regeln zu coalesce nicht-standard-parameter-Namen in die superglobals. Apache könnte einige umschreiben als gut.
  Sie können auch sehen Sie in der beiliegenden raw - $_COOKIES und andere HTTP-request-Header, die Art und Weise.
- Mehr offensichtlich sehen Sie in Ihrem browser die Adresse bar für GET-Parameter:
  
  http://example.org/script.php?id=5&sort=desc
  
  Den name=value Paare nach der ? Fragezeichen sind deine Abfrage (GET -) Parameter. Damit diese URL konnte mit nur mäßiger Ausbeute $_GET["id"] und $_GET["sort"].
- Schließlich überprüfen Sie Ihre <form> und <input> Erklärungen, wenn Sie erwarten einen parameter, erhalten aber keine.
  - Gewährleisten jede erforderliche Eingabe hat eine <input name=FOO>
  - Die id= oder title= Attribut nicht ausreichen.
  - Eine method=POST form sollte zum Auffüllen $_POST.
  - In der Erwägung, dass eine method=GET (oder verlassen Sie es aus) ergeben würde $_GET Variablen.
  - Es ist auch möglich, eine form zu liefern action=script.php?get=param via $_GET und die restlichen method=POST Felder in $_POST neben.
  - Mit modernen PHP-Konfigurationen (≥ 5.6) es hat sich machbar (nicht modische) zu verwenden $_REQUEST['vars'] wieder, die Maischen GET-und POST-params.
- Wenn Sie mod_rewrite beschäftigt, dann sollten Sie prüfen sowohl die access.log sowie aktivieren der RewriteLog, um herauszufinden, abwesend Parameter.
$_FILES
- Die gleichen sanity-checks gelten für Datei-uploads und -$_FILES["formname"].
- Außerdem überprüfen enctype=multipart/form-data
- Sowie method=POST in Ihrem <form> Erklärung.
- Siehe auch: PHP Undefined index error $_FILES?
$_COOKIE
- Die $_COOKIE array wird niemals aufgefüllt rechts nach setcookie(), sondern nur auf irgendwelche Nachfolge-HTTP-Anforderung.
- Zusätzlich Ihre Gültigkeit abläuft, Sie konnten die Beschränkung auf subdomains oder einzelne Pfade und Benutzer-und browser können nur ablehnen oder löschen.
- Wenn Sie neugierig sind, was die Auswirkungen auf die Leistung, dieser Artikel fasst es gut, derickrethans.nl/....
- Es wurden quoite ein paar änderungen seit 2009, insbesondere php.net/ChangeLog-5.php#5.4.0 ändert sich das Ergebnis drastisch (siehe "Zend Engine, Leistung" und "(Stille) - operator").
- Danke @mario, das ist interessant. Nun, wenn jemand gut genug, um die benchmark-die beiden... 3v4l.org/CYVOn/perf#tabs 3v4l.org/FLp3D/perf#tabs Nach diesem test scheinen identisch sein (beachten Sie, dass der Maßstab sich ändert).
- Getestet habe ich mit PHP 5.4 und die performance immer noch schlecht.
InformationsquelleAutor
44

In der Regel wegen des "schlechten Programmierung", und die Möglichkeit für Fehler, die sich jetzt oder später.
1. Wenn es ein Fehler ist, machen Sie eine richtige Zuordnung der Variablen first: $varname=0;
2. Wenn es wirklich nur manchmal, test für ihn: if (isset($varname)), bevor Sie es
3. Wenn es ist, weil Sie es falsch geschrieben, nur richtig, dass
4. Vielleicht sogar biegen Sie die Warnungen in Sie PHP-Einstellungen
- Bitte nicht schalten Sie Warnungen aus. Strengere Sprachen Sie oft bedeuten, dass "es könnte ein Fehler sein, Sie besser überprüfen Sie diese Zeile zweimal" - in einer Sprache, die so Freizügig wie PHP, Sie bedeutet oft, "dieser code ist Mist und vermutlich gespickt mit Fehlern; ich werde versuchen, Sinn macht es aber, die Sie besser beheben diese so schnell wie möglich".
- Obwohl ich Stimme mit den ersten drei Punkte, #4 ist einfach falsch. Versteckt sich ein problem, wird es nicht Weg gehen, und es könnte sogar dazu führen, mehr Probleme die Straße hinunter.
- absolut wahr, aber in einigen Szenarien (Gekauft Skript, null technische Kenntnisse, die es brauchen läuft bis morgen...) es ist die duct-tape-Lösung - ganz schlimm, das muss immer betont, aber eine option
- Duct-tape ist gut ... manchmal. Historisch Warnungen wurden ausgeschaltet in der standard PHP-Einstellungen, aber defult Einstellungen müssen strenger werden. Schade, viele gehen zurück auf die alten Einstellungen, damit Sie nicht zu verärgern die Kunden.
InformationsquelleAutor
40

Es bedeutet, dass Sie testen, evaluieren, oder drucken Sie eine variable, die noch nicht zugewiesen sind nichts. Es heißt, Sie haben entweder ein Tippfehler, oder Sie müssen prüfen, ob die variable initialisiert wurde etwas ersten. Überprüfen Sie Ihre Logik-Pfade, es kann eingestellt werden in einem Pfad in einem anderen aber nicht.

InformationsquelleAutor
34

Wollte ich nicht deaktivieren, bemerken, weil es hilfreich ist, wollte aber vermeiden Sie zu viel Tipparbeit.

Meine Lösung war diese Funktion:
```
function ifexists($varname)
{
  return(isset($$varname)?$varname:null);
}
```
Also, wenn ich möchte Verweis auf $name und echo, wenn vorhanden, den ich einfach schreiben:
```
<?=ifexists('name')?>
```
Array-Elemente:
```
function ifexistsidx($var,$index)
{
  return(isset($var[$index])?$var[$index]:null);
}
```
In der Seite, wenn ich reden will $_REQUEST['name']:
```
<?=ifexistsidx($_REQUEST,'name')?>
```
- Ihre ifexists () - Funktion funktioniert nicht für mich in PHP 5.3. Der Anrufer Variablen nicht in der Funktion einen lokalen Gültigkeitsbereich (siehe Variable scope), es sei denn, Sie sind der Superglobals oder Sie hantieren mit $GLOBALS, so $foo = "BABAR"; ifexists('foo'); wird im Allgemeinen null zurück. (Kursiv sind php.net Kapitel.)
- jetzt bekommen Sie "hello from"... was ist der Punkt? prüfen Sie einfach den Wert if( !empty($user) and !empty($location) ) echo "hello $user ..."
InformationsquelleAutor

Den besten Weg für die erste Eingabe string ist:

$value = filter_input(INPUT_POST, 'value');

Diese one-liner ist fast äquivalent zu:

if (!isset($_POST['value'])) {
    $value = null;
} elseif (is_array($_POST['value'])) {
    $value = false;
} else {
    $value = $_POST['value'];
}

Wenn Sie unbedingt wollen string Wert, genau wie:

$value = (string)filter_input(INPUT_POST, 'value');

InformationsquelleAutor

25

Sein, weil die variable "$user_location' ist nicht immer definiert. Wenn Sie mit einem wenn-Schleife, in der man erklärt die '$user_location' variable dann müssen Sie auch eine else-Schleife und definieren die gleichen. Zum Beispiel:
```
$a=10;
if($a==5) { $user_location='Paris';} else { }
echo $user_location;
```
Den obigen code erstellen Fehler wie Die if-Schleife nicht erfüllt und der else-Schleife '$user_location' wurde nicht definiert. Noch PHP wurde gebeten, echo aus der variable. So ändern Sie den code, müssen Sie Folgendes tun:
```
$a=10;
if($a==5) { $user_location='Paris';} else { $user_location='SOMETHING OR BLANK'; }
echo $user_location;
```
InformationsquelleAutor
25

Antwort auf ""Warum erscheinen Sie plötzlich? Ich verwendet, um dieses Skript verwenden, für Jahre und ich habe nie ein problem gehabt."

Es ist sehr Häufig für die meisten Standorte für den Betrieb unter "default" error-reporting "Zeigt alle Fehler, aber nicht 'verstoßen' und 'veraltet'". Diese Einstellung in php.ini und gelten für alle Websites auf dem server. Dies bedeutet, dass diese "Hinweise" in den Beispielen benutzt wird ausgeblendet (versteckt) werden, während andere Fehler, die mehr als kritisch ist, wird angezeigt/aufgezeichnet.

Die andere wichtige Einstellung ist der Fehler versteckt werden können (d.h. display_errors auf "off" oder "syslog").

Was passiert in diesem Fall, dass entweder die error_reporting wurde geändert, um auch zu zeigen, verstoßen (wie in den Beispielen) und/oder dass die Einstellungen geändert wurden, um display_errors auf dem Bildschirm (im Gegensatz zu unterdrücken/protokollieren).

Warum haben Sie sich geändert?

Die offensichtliche/einfachste Antwort ist, dass jemand eingestellt die Einstellungen in php.ini, oder eine aktualisierte version von PHP ist jetzt mit einer anderen php.ini vorher ab. Das ist der erste Ort zu suchen.

Jedoch ist es auch möglich, diese Einstellungen zu überschreiben in
- .htconf (webserver-Konfiguration, einschließlich vhosts und sub-Konfigurationen)*
- .htaccess
- im php-code selbst
einem dieser könnte auch geändert worden.

Gibt es auch zusätzliche Komplikationen, die der web-server-Konfiguration aktivieren/deaktivieren .htaccess-Direktiven, also, wenn Sie Richtlinien .htaccess, die plötzlich anfangen/aufhören zu arbeiten, dann müssen Sie prüfen, dass für.

(.htconf /.htaccess übernehmen Sie ausführen als apache. Wenn mit Befehl Linie, das wird nicht gelten, wenn mit IIS oder andere webserver, dann müssen Sie überprüfen die configs entsprechend)

Zusammenfassung
- Überprüfen error_reporting und display_errors php-Direktiven in der php.ini hat sich nicht geändert, oder, dass Sie nicht mit einer anderen php.ini vorher ab.
- Überprüfen error_reporting und display_errors php-Direktiven in .htconf (oder vhosts etc) haben sich nicht geändert
- Überprüfen error_reporting und display_errors php-Direktiven in .htaccess nicht geändert haben
- Wenn Sie die Richtlinie in .htaccess, prüfen Sie, ob Sie sind immer noch erlaubt .htconf Datei
- Schließlich überprüfen Sie Ihren code; evtl eine unabhängige Bibliothek, um zu sehen, ob error_reporting und display_errors php-Direktiven wurden, eingestellt werden.
InformationsquelleAutor
20

quick-fix zuweisen Ihre Variablen auf null an der Spitze Ihres Codes
```
$user_location = null;
```
InformationsquelleAutor
16

Ich verwendet, um den Fluch dieser Fehler, aber es kann hilfreich sein, um Sie daran zu erinnern, um zu entkommen Benutzereingaben.

Zum Beispiel, wenn Sie dachte, das war clever, Steno:
```
//Echo whatever the hell this is
<?=$_POST['something']?>
```
...Think again! Eine bessere Lösung ist:
```
//If this is set, echo a filtered version
<?=isset($_POST['something']) ? html($_POST['something']) : ''?>
```
(Ich benutze eine benutzerdefinierte html() Funktion escape-Zeichen, kann Ihre Laufleistung variieren)

InformationsquelleAutor

Ich die ganze Zeit eine eigene nützliche Funktion exst (), die automatisch Variablen deklarieren.

Ihre code -

$greeting = "Hello, ".exst($user_name, 'Visitor')." from ".exst($user_location);


/** 
 * Function exst() - Checks if the variable has been set 
 * (copy/paste it in any place of your code)
 * 
 * If the variable is set and not empty returns the variable (no transformation)
 * If the variable is not set or empty, returns the $default value
 *
 * @param  mixed $var
 * @param  mixed $default
 * 
 * @return mixed 
 */

function exst( & $var, $default = "")
{
    $t = "";
    if ( !isset($var)  || !$var ) {
        if (isset($default) && $default != "") $t = $default;
    }
    else  {  
        $t = $var;
    }
    if (is_string($t)) $t = trim($t);
    return $t;
}

InformationsquelleAutor

14

In einem sehr Einfache Sprache.
Der Fehler ist, Sie verwenden eine variable $user_location ist nicht definiert, indem Sie früher und es hat keinen Wert, So empfehle ich Ihnen, bitte erklären diese variable vor mit es Zum Beispiel:

$user_location = '';
Oder
$user_location = 'Los Angles';

Dies ist eine sehr häufige Fehlermeldung, die Sie kann Gesicht.Also keine Sorge, nur deklarieren Sie die variable und Genießen Kodierung.

InformationsquelleAutor
14

In PHP 7.0 ist es nun möglich, den Null-coalescing operator:
```
echo "My index value is: " . ($my_array["my_index"] ?? '');
```
Gleich:
```
echo "My index value is: " . (isset($my_array["my_index"]) ? $my_array["my_index"] : '');
```
PHP-Handbuch PHP-7.0
- Wow, diese Antwort muss gestimmt werden sich jetzt mehr, dass diese ist in PHP 7. Wunderbare Lösung!!!
- Dies funktioniert auch in if-Anweisungen. if (is_array($my_array['idontexist'] ?? '')) { dosomething(); }
- Dein code ist eigentlich eine nette übersehen Fehler: ?? - nur Prüfungen für isset(), wenn Sie pass is_array() - das ist ein boolean, unerwartete Folgen.
InformationsquelleAutor

warum nicht die Dinge einfach halten?

<?php
error_reporting(E_ALL); //making sure all notices are on

function idxVal(&$var, $default = null) {
         return empty($var) ? $var = $default : $var;
  }

echo idxVal($arr['test']);         //returns null without any notice
echo idxVal($arr['hey ho'], 'yo'); //returns yo and assigns it to array index, nice

?>

InformationsquelleAutor

8

WARUM IST DAS PASSIERT?

Laufe der Zeit, PHP hat sich zu einem mehr Sicherheit ausgerichtete Sprache. Einstellungen, die verwendet werden, die standardmäßig deaktiviert sind jetzt standardmäßig aktiviert. Ein perfektes Beispiel HIERFÜR ist E_STRICT wurde, standardmäßig aktiviert, da der PHP 5.4.0.

Außerdem, laut der PHP-Dokumentation standardmäßig E_NOTICE ist disabled in php.ini. PHP-docs empfehlen drehen Sie es auf, für debugging-Zwecke. Allerdings, wenn ich download PHP aus dem Ubuntu-repository und von BitNami Windows-stack–sehe ich etwas anderes.
```
; Common Values:
;   E_ALL (Show all errors, warnings and notices including coding standards.)
;   E_ALL & ~E_NOTICE  (Show all errors, except for notices)
;   E_ALL & ~E_NOTICE & ~E_STRICT  (Show all errors, except for notices and coding standards warnings.)
;   E_COMPILE_ERROR|E_RECOVERABLE_ERROR|E_ERROR|E_CORE_ERROR  (Show only errors)
; Default Value: E_ALL & ~E_NOTICE & ~E_STRICT & ~E_DEPRECATED
; Development Value: E_ALL
; Production Value: E_ALL & ~E_DEPRECATED & ~E_STRICT
; http://php.net/error-reporting
error_reporting = E_ALL & ~E_DEPRECATED & ~E_STRICT
```
Beachten Sie, dass error_reporting tatsächlich eingestellt, um die Produktion Wert standardmäßig nicht für die "default" - Wert standardmäßig. Dies ist etwas verwirrend und wird nicht dokumentiert, die außerhalb von php.ini, also ich habe nicht überprüft diese auf anderen Distributionen.

Ihre Frage zu beantworten, aber diese Fehlermeldung erscheint nun, wenn es nicht pop-up, bevor Sie da:
1. Du PHP installiert und die neuen Standard-Einstellungen sind etwas schlecht dokumentiert, aber nicht auszuschließen E_NOTICE.
2. E_NOTICE Warnungen wie Undefinierte Variablen und undefinierten Indizes tatsächlich helfen, um Ihren code sauberer und sicherer zu machen. Ich kann Ihnen sagen, dass, vor Jahren, halten E_NOTICE aktiviert gezwungen mich zu erklären, meine Variablen. Es machte es VIEL leichter C zu lernen, waren nicht deklarieren von Variablen ist viel größer ein ärgernis.
WAS KANN ICH DAGEGEN TUN?
1. Ausschalten E_NOTICE durch kopieren der "Default-Wert" E_ALL & ~E_NOTICE & ~E_STRICT & ~E_DEPRECATED und ersetzen Sie es mit dem, was ist derzeit unkommentiert nach dem Gleichheitszeichen in error_reporting =. Starten Sie Apache, oder PHP, wenn per CGI oder FPM. Stellen Sie sicher, das Sie Bearbeiten die "richtige" php.ini. Die richtige Apache-wenn Sie PHP mit Apache, fpm oder php-fpm, wenn man PHP-FPM, cgi, wenn PHP-CGI, etc. Dies ist nicht die empfohlene Methode, aber wenn man legacy-code, die gehen, um extrem schwierig zu Bearbeiten, dann könnte es Ihre beste Wette.
2. Ausschalten E_NOTICE auf die Datei oder den Ordner-Ebene. Dies könnte empfehlenswert sein, wenn Sie einige legacy-code, sondern wollen Dinge tun, die "richtige" Art und Weise anders. Um dies zu tun, sollten Sie Apache2, Nginx oder was auch immer Ihr server der Wahl ist. In Apache verwenden, würden Sie php_value innerhalb von <Directory>.
3. Schreiben Sie Ihre code sauberer ist. Wenn Sie brauchen, um dies zu tun während der Bewegung in einer Produktionsumgebung oder nicht wollen, dass jemand zu sehen, Ihre Fehler, stellen Sie sicher, deaktivieren Sie alle anzeigen von Fehlern, und nur Protokollierung Ihre Fehler (siehe display_errors und log_errors in php.ini und server-Einstellungen).
Erweitern option 3: Dies ist das ideal. Wenn Sie diesen Weg gehen, sollten Sie. Wenn Sie nicht diesen Weg gehen, zunächst in Erwägung ziehen diesen Weg schließlich durch testen Sie Ihren code in einer Entwicklungsumgebung. Während Sie gerade dabei sind, loswerden ~E_STRICT und ~E_DEPRECATED um zu sehen, was könnte schief gehen in der Zukunft. Du wirst sehen, eine MENGE von fremden Fehlern, aber es geht um zu verhindern, dass unangenehme Probleme, wenn Sie benötigen, um ein upgrade von PHP in die Zukunft.

WAS DIE FEHLER BEDEUTEN?

Undefined variable: my_variable_name - Dies geschieht, wenn eine variable nicht definiert wurde, bevor Sie verwenden. Wenn das PHP-Skript ausgeführt wird, intern nimmt halt einen null-Wert. Aber in dem Szenario würden Sie eine variable, bevor es definiert wurde? Letztendlich ist dies ein argument für "sloppy code". Als Entwickler kann ich dir sagen, dass ich es Liebe, wenn ich sehe, eine open-source-Projekt, wo die Variablen definiert sind, wie hoch Ihre Spielräume, wie Sie definiert werden können. Es macht es einfacher zu sagen, was Variablen sind zu gehen, um pop-up in der Zukunft und macht es leichter zu Lesen/lernen der code.
```
function foo()
{
    $my_variable_name = '';

    //....

    if ($my_variable_name) {
        //perform some logic
    }
}
```
Undefined index: my_index - Dies geschieht, wenn Sie versuchen, Zugriff auf einen Wert in ein array und es nicht vorhanden ist. Um diesen Fehler zu verhindern, führen Sie eine bedingte überprüfen.
```
//verbose way - generally better
if (isset($my_array['my_index'])) {
    echo "My index value is: " . $my_array['my_index'];
}

//non-verbose ternary example - I use this sometimes for small rules.
$my_index_val = isset($my_array['my_index'])?$my_array['my_index']:'(undefined)';
echo "My index value is: " . $my_index_val;   
```
Weitere option ist zu erklären, ein leeres array an der Spitze Ihrer Funktion. Dies ist nicht immer möglich.
```
$my_array = array(
    'my_index' => ''
);

//...

$my_array['my_index'] = 'new string';
```
(weiterer Tipp)
- Wenn ich der Begegnung mit diesen und anderen Fragen, die ich verwendet NetBeans IDE (kostenlos) und es gab mir eine Vielzahl von Warnungen und hinweisen. Einige von Ihnen bieten sehr hilfreiche Tipps. Dies ist keine Voraussetzung, und ich glaube nicht, verwenden IDEs mehr, außer für große Projekte. Ich bin eher ein vim person in diesen Tagen :).
InformationsquelleAutor
6

undefined index bedeutet, der in ein array von Ihnen angeforderte nicht verfügbar für array-index zum Beispiel
```
<?php 

$newArray[] = {1,2,3,4,5};
print_r($newArray[5]);

?>
```
undefined variable bedeutet, dass Sie verwendet haben, völlig nicht vorhandenen oder variable, die nicht definiert oder initialisiert werden, indem Sie diesen Namen zum Beispiel
```
<?php print_r($myvar); ?>
```
undefined offset bedeutet, dass in der Reihe, um die Sie gebeten haben, für nicht vorhandene Schlüssel. Und die
die Lösung für dieses ist, vor Gebrauch zu überprüfen
```
php> echo array_key_exists(1, $myarray);
```
InformationsquelleAutor
4

Zu diesem Teil der Frage:

Warum entstehen plötzlich? Ich verwendet, um dieses Skript verwenden, für Jahre und ich habe nie ein problem gehabt.

Keine definitiven Antworten, aber hier sind einige mögliche Erklärungen für warum-Einstellungen können 'plötzlich' ändern:
1. Upgrade von PHP auf eine neuere version, die anderen Standardeinstellungen für error_reporting, display_errors oder anderen relevanten Einstellungen.
2. Haben Sie entfernt oder eingeführt haben einige code, der (möglicherweise in einer Abhängigkeit) setzt, die relevanten Einstellungen, die zur Laufzeit mit ini_set() oder error_reporting() (Suche nach diesen im code)
3. Ändern Sie die webserver-Konfiguration (vorausgesetzt, dass apache hier): .htaccess Dateien und die vhost-Konfigurationen können auch manipulieren die php-Einstellungen.
4. Regel verstoßen nicht angezeigt /gemeldet werden (siehe PHP-Handbuch)
  so ist es möglich, dass bei der Konfiguration der server, die php.ini-Datei konnte nicht geladen werden für einige Grund (Datei-Berechtigungen??) und Sie wurden auf die Standard-Einstellungen. Später, der " bug " wurde behoben (durch einen Unfall) und jetzt KANN man es laden Sie die richtige php.ini-Datei mit dem error_reporting gesetzt, um zu zeigen, verstoßen.
InformationsquelleAutor

Wenn die Arbeit mit Klassen, die Sie brauchen, um stellen Sie sicher, Referenz-member-Variablen mit $this:

class Person
{
    protected $firstName;
    protected $lastName;

    public function setFullName($first, $last)
    {
        //Correct
        $this->firstName = $first;

        //Incorrect
        $lastName = $last;

        //Incorrect
        $this->$lastName = $last;
    }
}

InformationsquelleAutor

3

Ein weiterer Grund, warum ein undefined index notice geworfen wird, wäre das eine Spalte weggelassen wurde, aus einer Datenbank-Abfrage.

I. e.:
```
$query = "SELECT col1 FROM table WHERE col_x = ?";
```
Dann versuchen, Zugriff auf mehrere Spalten/Zeilen innerhalb einer Schleife.

I. e.:
```
print_r($row['col1']);
print_r($row['col2']); //undefined index thrown
```
oder in einem while Schleife:
```
while( $row = fetching_function($query) ) {

    echo $row['col1'];
    echo "<br>";
    echo $row['col2']; //undefined index thrown
    echo "<br>";
    echo $row['col3']; //undefined index thrown

}
```
Etwas anderes, das muss angemerkt werden, dass auf einem *NIX-OS und Mac-OS X, die Dinge sind case-sensitive.

Konsultieren Sie die followning Q&A auf Stack:
- Ich Frage mich, warum dies so war downvoted auch.
InformationsquelleAutor
2

Mit einem ternäre ist einfach, lesbar und sauber:

Pre PHP 7

Weisen Sie einer Variablen den Wert einer anderen Variablen, wenn es gesetzt ist, sonst weisen Sie null (oder was auch immer Standard Wert):
```
$newVariable = isset($thePotentialData) ? $thePotentialData : null;
```
PHP 7+

Das gleiche, außer mit Null Coalescing-Operator. Es gibt nicht mehr eine Notwendigkeit zu nennen isset() wie diese gebaut wird, und keine Notwendigkeit die variable zurückzugeben, wie es übernommen, um den Rückgabewert der variable, die überprüft wird:
```
$newVariable = $thePotentialData ?? null;
```
Beide wird stop-die Hinweise von der OP-Frage, und beide sind das genaue äquivalent:
```
if (isset($thePotentialData)) {
    $newVariable = $thePotentialData;
} else {
    $newVariable = null;
}
```
Wenn Sie nicht benötigen, setzen einer neuen variable dann können Sie direkt verwenden, um die dreistellige zurückgegebenen Wert, wie mit echo, Funktion, Argumente, etc:

Echo:
```
echo 'Your name is: ' . isset($name) ? $name : 'You did not provide one';
```
Funktion:
```
$foreName = getForeName(isset($userId) ? $userId : null);

function getForeName($userId)
{
    if ($userId === null) {
        //Etc
    }
}
```
Den oben genannten arbeiten werden genau das gleiche mit den arrays, einschließlich der Sitzungen, etc, ersetzen Sie die variable, die überprüft wird z.B.:

$_SESSION['checkMe']

oder wie viele Ebenen, die Sie benötigen, z.B.:

$clients['personal']['address']['postcode']

Unterdrückung:

Ist es möglich zu unterdrücken, um die PHP-Notizen mit @ oder reduzieren Sie Ihre error reporting level, aber es nicht das problem zu beheben, es hört einfach auf, es wird berichtet in der error-log. Dies bedeutet, dass Ihr code immer noch versucht, eine variable zu verwenden, die nicht gesetzt wurde, die kann oder kann nicht bedeuten, etwas nicht so funktionieren wie Sie sollen - je nachdem, wie entscheidend der fehlende Wert ist.

Sollten Sie wirklich prüfen, für diese Ausgabe und Handhabung ist es angemessen, entweder dienen eine andere Nachricht, oder auch nur die Rückgabe eines null-Wert als alles andere um die genaue Staat.

Wenn Sie nur Sorge um den Hinweis, nicht in die Fehler-log, dann als eine option, die Sie könnte Sie einfach ignorieren Sie den Fehler melden.

InformationsquelleAutor
0

Wahrscheinlich, Sie wurden mit alten PHP-version, bis und jetzt aufgerüstet PHP das ist der Grund, es funktioniert ohne Fehler bis jetzt von Jahren.
bis PHP4 gab es keine Fehlermeldung, wenn Sie mithilfe von Variablen, ohne es zu definieren, sondern als von PHP5 weiter es wirft Fehler bei den codes, wie bereits erwähnt, in Frage stellen.

InformationsquelleAutor

Beim Umgang mit Dateien, einen richtigen enctype-und eine POST-Methode benötigt, die trigger eine undefined index notice, wenn Sie entweder nicht in das Formular aufgenommen.

In der Anleitung steht die folgende grundlegende syntax:

HTML

<!-- The data encoding type, enctype, MUST be specified as below -->
<form enctype="multipart/form-data" action="__URL__" method="POST">
    <!-- MAX_FILE_SIZE must precede the file input field -->
    <input type="hidden" name="MAX_FILE_SIZE" value="30000" />
    <!-- Name of input element determines name in $_FILES array -->
    Send this file: <input name="userfile" type="file" />
    <input type="submit" value="Send File" />
</form>

PHP

<?php
//In PHP versions earlier than 4.1.0, $HTTP_POST_FILES should be used instead
//of $_FILES.

$uploaddir = '/var/www/uploads/';
$uploadfile = $uploaddir . basename($_FILES['userfile']['name']);

echo '<pre>';
if (move_uploaded_file($_FILES['userfile']['tmp_name'], $uploadfile)) {
    echo "File is valid, and was successfully uploaded.\n";
} else {
    echo "Possible file upload attack!\n";
}

echo 'Here is some more debugging info:';
print_r($_FILES);

print "</pre>";

?>

Referenz:

http://php.net/manual/en/features.file-upload.post-method.php

InformationsquelleAutor

Eine häufige Ursache für eine variable nicht nach einem HTML-Formular eingereicht wurde, ist das Formular-element ist nicht enthalten innerhalb einer <form> tag:

Beispiel: Element nicht innerhalb der <form>

<form action="example.php" method="post">
    <p>
        <input type="text" name="name" />
        <input type="submit" value="Submit" />
    </p>
</form>

<select name="choice">
    <option value="choice1">choice 1</option>
    <option value="choice2">choice 2</option>
    <option value="choice3">choice 3</option>
    <option value="choice4">choice 4</option>
</select>

Beispiel: Element nun innerhalb der <form>

<form action="example.php" method="post">
    <select name="choice">
        <option value="choice1">choice 1</option>
        <option value="choice2">choice 2</option>
        <option value="choice3">choice 3</option>
        <option value="choice4">choice 4</option>
    </select>
    <p>
        <input type="text" name="name" />
        <input type="submit" value="Submit" />
    </p>
</form>

InformationsquelleAutor

0

Fragte ich eine Frage dazu und ich war nach diesem post mit der Nachricht:

Diese Frage bereits eine Antwort hier:

"Notice: Undefined variable", "Notice: Undefined index", und "Hinweis:
Undefined offset" mit PHP

Teile ich meine Frage und Lösung hier:

Dies ist der Fehler:

Linie 154 ist das problem. Dies ist, was ich in Zeile 154:
```
153    foreach($cities as $key => $city){
154        if(($city != 'London') && ($city != 'Madrid') && ($citiesCounterArray[$key] >= 1)){
```
Ich denke, das problem ist, dass ich Schreibe, wenn die Bedingungen für die variable $city, das ist nicht das entscheidende, sondern der Wert in $key => $city. Zuerst konnte Sie bestätigen, ob das ist die Ursache der Warnung? Zweitens, wenn das ist das problem, warum es ist, dass ich nicht schreiben kann, ein Zustand, basierend auf dem Wert? Muss es sein, mit dem Schlüssel, den ich brauche, um zu schreiben, das für eine Bedingung?

UPDATE 1: Das problem ist, dass bei der Ausführung $citiesCounterArray[$key] manchmal die $key entspricht einem Schlüssel, der nicht vorhanden ist in der $citiesCounterArray array, aber das ist nicht immer der Fall auf der Grundlage der Daten von meinem loop. Was ich brauche ist eine Bedingung, so dass, wenn $key im Feld vorhanden, dann wird der code ausgeführt, andernfalls übersprungen.

UPDATE 2: Das ist, wie ich es behoben indem array_key_exists():
```
foreach($cities as $key => $city){
    if(array_key_exists($key, $citiesCounterArray)){
        if(($city != 'London') && ($city != 'Madrid') && ($citiesCounterArray[$key] >= 1)){
```
InformationsquelleAutor
0

Diese Fehler auftreten, wenn wir über eine variable, die nicht festgelegt ist.

Der beste Weg, um mit diesen umzugehen ist festgelegt Fehlermeldungen während der Entwicklung.

Einstellen Fehler-reporting über:
```
ini_set('error_reporting', 'on');
ini_set('display_errors', 'on');
error_reporting(E_ALL);
```
Auf Produktions-Server für die Fehlerberichterstattung deaktiviert ist, deshalb bekommen wir auch nicht diese Fehler.

Auf dem Entwicklungs-server, aber wir können die Fehlerberichterstattung auf.

Um loszuwerden, diese Fehler, sehen wir das folgende Beispiel:
```
if ($my == 9) {
 $test = 'yes';  //Will produce error as $my is not 9.
}
echo $test;
```
Können wir initialisieren die Variablen NULL bevor Sie Ihre Werte oder Ihre Verwendung.

So, wir können den code ändern, wie:
```
$test = NULL;
if ($my == 9) {
 $test = 'yes';  //Will produce error as $my is not 9.
}
echo $test;
```
Wird dies nicht stören, alle der Programm-Logik und wird nicht zu Bemerken, auch wenn $test keinen Wert.

Also, grundsätzlich ist es immer besser, Fehler-reporting AUF für die Entwicklung.

Und beheben Sie alle Fehler.

Ist und auf Produktions -, Fehler-reporting, sollten aus sein.

InformationsquelleAutor
-1

Diese Mitteilungen sind, weil Sie nicht über die verwendeten Variablen defined und my_index Schlüssel war nicht in $my_array variable.

Dieser Mitteilungen waren jedes mal ausgelöst, wenn, weil Ihr code ist nicht richtig, aber wahrscheinlich hatten Sie nicht die Berichterstattung von Mitteilungen auf.

Lösen des bugs:
```
$my_variable_name = "Variable name"; //defining variable
echo "My variable value is: " . $my_variable_name;

if(isset($my_array["my_index"])){
    echo "My index value is: " . $my_array["my_index"]; //check if my_index is set 
}
```
Anderen Weg, um dies heraus:
```
ini_set("error_reporting", false)
```
InformationsquelleAutor

-1

In PHP müssen Sie zur Faust und definieren Sie die variable nach, dass Sie es verwenden können.

Wir können prüfen, variable definiert ist oder nicht in einer sehr effizienten Art und Weise!.

//If you only want to check variable has value and value has true and false value.
//But variable must be defined first.

if($my_variable_name){

}

//If you want to check variable is define or undefine
//Isset() does not check that variable has true or false value
//But it check null value of variable
if(isset($my_variable_name)){

}

Einfache Erklärung

//It will work with :- true,false,NULL
$defineVarialbe = false;
if($defineVarialbe){
    echo "true";
}else{
    echo "false";
}

//It will check variable is define or not and variable has null value.
if(isset($unDefineVarialbe)){
    echo "true";
}else{
    echo "false";
}

InformationsquelleAutor

Schreibe einen Kommentar

Du musst angemeldet sein, um einen Kommentar abzugeben.

"Notice: Undefined variable", "Notice: Undefined index", und "Notice: Undefined offset" mit PHP

Notice: Undefined variable

Notice: Undefined index, Undefined offset

`$_POST` /`$_GET` /`$_SESSION` variable

Fehleranzeige `@` - operator

`$_GET` /`$_POST` /`$_REQUEST` undefined input

`$_FILES`

`$_COOKIE`

WARUM IST DAS PASSIERT?

WAS KANN ICH DAGEGEN TUN?

WAS DIE FEHLER BEDEUTEN?

(weiterer Tipp)

Notice: Undefined variable

Notice: Undefined index, Undefined offset

`$_POST` /`$_GET` /`$_SESSION` variable

Fehleranzeige `@` - operator

`$_GET` /`$_POST` /`$_REQUEST` undefined input

`$_FILES`

`$_COOKIE`

WARUM IST DAS PASSIERT?

WAS KANN ICH DAGEGEN TUN?

WAS DIE FEHLER BEDEUTEN?

(weiterer Tipp)

Notice: Undefined variable

Notice: Undefined index, Undefined offset

$_POST /$_GET /$_SESSION variable

Fehleranzeige @ - operator

$_GET /$_POST /$_REQUEST undefined input

$_FILES

$_COOKIE

WARUM IST DAS PASSIERT?

WAS KANN ICH DAGEGEN TUN?

WAS DIE FEHLER BEDEUTEN?

(weiterer Tipp)

Notice: Undefined variable

Notice: Undefined index, Undefined offset

$_POST /$_GET /$_SESSION variable

Fehleranzeige @ - operator

$_GET /$_POST /$_REQUEST undefined input

$_FILES

$_COOKIE

WARUM IST DAS PASSIERT?

WAS KANN ICH DAGEGEN TUN?

WAS DIE FEHLER BEDEUTEN?

(weiterer Tipp)

`$_POST` /`$_GET` /`$_SESSION` variable

Fehleranzeige `@` - operator

`$_GET` /`$_POST` /`$_REQUEST` undefined input

`$_FILES`

`$_COOKIE`

`$_POST` /`$_GET` /`$_SESSION` variable

Fehleranzeige `@` - operator

`$_GET` /`$_POST` /`$_REQUEST` undefined input

`$_FILES`

`$_COOKIE`